Re：疑惑异或哈希

异或哈希是个很神奇的算法，利用了异或操作的特殊性和哈希降低冲突的原理，可以用于快速找到一个组合是否出现、序列中的数是否出现了 \(k\) 次 。

算法如其名，异或+哈希.

想起某首歌叫PPAP?

I have a \(\oplus\),I have an \(hash\). (Uhh~) \(\oplus hash\) .

😅 。

异或

最基本的，也很重要的 。

考虑到异或运算满足交换律，即\(a \oplus b=b\oplus a\) 。

因此组合的不同排列的异或值相等 。

这样我们便可以忽略顺序，直接统计组合出现次数.

哈希

由于二进制位数有限，会存在一些情况使得异或并不正确，如：\(1\oplus 2=5\oplus 6\)，\(1\oplus 2\oplus 3 = 4\oplus 8\oplus 12\) 。

因此需要将原始数据哈希为较大的数降低冲突概率 。

应用

组合问题

直接来看道例题.

here 。

不会有人看不懂英文还不会拿软件翻译吧 虽然翻译软件翻译的跟构式一样 。

直接沿用异或哈希的思路，不难写出 \(O(n^2)\) 的代码 。

int n,m;

mt19937_64 rnd(time(0));

unsigned long long code[N],chk[N],Xor[N],a[N];

signed main(){
	n=rd;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		a[i]=rd;
	}
	
	for(int i=1;i<=n;i++){
		code[i]=rnd();
		chk[i]=chk[i-1]^code[i];
	}
	
	for(int i=1;i<=n;i++){
		Xor[i]=Xor[i-1]^code[a[i]];
	}
	
	int cnt=0;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=i;j<=n;j++){
			if((Xor[i-1]^Xor[j])==chk[j-i+1]){
				++cnt;
			}
		}
	}
	
	printf("%lld",cnt);
	return Elaina;
}

兴高采烈地交上去...乂~T了.

一看数据范围：\(3*10^5\) 。

好家伙 \(O(n^2)\) 肯定 水 过不去了.

进一步考虑到:

• 满足条件的区间肯定有 \(1\) 和 等于区间长度的最大值 \(max\)

分别向右/左做两次扩展:

设 \(pos\) 记录上一个 \(1\) 的位置，当前扩展到 \(x\) 。

当 \(x=1\) 时，就更新指针 \(pos\)，并重置 \(mx\) 。

否则往回捯饬 \(mx=max(mx,x)\) 个数，异或哈希判断是否合法即可.

int n,m;

int max(int a,int b){
	return a>b?a:b;
}

mt19937_64 rnd(time(0));

unsigned long long code[N],chk[N],Xor[N],a[N];

signed main(){
	n=rd;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		a[i]=rd;
	}
	
	for(int i=1;i<=n;i++){
		code[i]=rnd();
		chk[i]=chk[i-1]^code[i];
	}
	
	for(int i=1;i<=n;i++){
		Xor[i]=Xor[i-1]^code[a[i]];
	}
	
	int cnt=0,pos=-1,cnt1=0,mx=0;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		if(a[i]==1){
			pos=i,++cnt1,mx=1;
		}else if(pos!=-1){
			mx=max(mx,a[i]);
			if(i-mx+1<=pos)
				if((Xor[i]^Xor[i-mx])==chk[mx])
					++cnt;
		}
	}

	pos=-1;
	for(int i=n;i>=1;i--){
		if(a[i]==1){
			pos=i,++cnt1,mx=1;
		}else if(pos!=-1){
			mx=max(mx,a[i]);
			if(i+mx>=pos)
				if((Xor[i+mx-1]^Xor[i-1])==chk[mx])
					++cnt;
		}
	}
	
	printf("%lld",cnt+cnt1/2);
	return Elaina;
}

实际上反过来的时候可以直接reverse一下数组，然后再跑一遍，就不用复制粘贴打两遍了。。.

然后就 AC 了喵~ 。

出现次数问题

二进制的异或的本质是对每一位进行不进位的加法，也就是每一位相加对2取模，即:

假设有一种运算 \(③\)，使得 \(a\ ③\ a\ ③\ a=0\)，即 。

其实也就是 \(3\) 进制的运算 。

扩展到 \(k\) 进制即可解决是否出现 \(k\) 次的问题 。

ull xork(ull a,ull b,int k){
	vector<int> vec;
	while(a||b){
	    vec.push_back((a+b)%k);
	    a/=k;
	    b/=k;
	}
	
	ull res=0;
	ull p=1;
	
	for(auto x:vec){
	    res+=p*x;
	    p*=k;
	}
	
	return res;
}

ull xork(ull x,ull y,int k){
	int sum=0,p=1;
//	if(y%2==0) swap(x,y);
	while(x||y){
		sum+=(x%k+y%k)%k*p;
		p*=k;
		x/=k;
		y/=k;
	}
	return sum;
}

我们还是来看道例题 。

here 。

洛谷 。

其实上一道题也可以在洛谷找到对应的翻译版本 （逃 。

首先我们知道一个思想，证明充要条件就要证明它既充分又必要；同样，要证明一个数等于某个值，必须让它既小于等于又大于等于这个值。 迁移到本题，我们让所有数的出现个数 \(cnt = 3\) ，便是要去满足 \(cnt \geq 3 \land cnt \leq 3\) 这俩约束 。

第一个约束随便糊一个异或哈希即可.

关键在于第二个约束.

我们考虑使用类似于双指针的算法:

考虑对于一个满足约束二的 \([l, r]\) 区间，右指针每次往右移动一次，都可能会破坏原本“满足约束二”的性质。那么为了让其重新满足，我们需要让左指针一直向右移动，即：从左到右删去数字使得区间再次满足约束二.

让新加入的右指针的值 \(a_r\) 出现的次数小于等于三即可；因为这样删除必然不会导致“因为其他数字出现次数减少而导致不能满足约束二”这种情况，理由显然.

令 \(pre_r\) 为 \([1, r]\) 的前缀异或和.

当删除完毕之后，我们统计满足 \(pre_r = pre_{pos}\) 且 \(pos \in [l, r]\) 的 \(pos\) 数量，这一点可以使用 map 或者哈希表完成.

那么这道题就完成了，复杂度 \(\mathcal{O}(N \log_2 N)\) 或者纯线性.

然后关于...算了，自己看吧.

discuss 。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define rd read()
#define mkp make_pair
#define psb push_back
#define Elaina 0
inline ll read(){
	ll f=1,x=0;
	char ch=getchar();
	for(;!isdigit(ch);ch=getchar()) f=(ch=='-'?-1:1);
	for(;isdigit(ch);ch=getchar()) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';
	return f*x;
}
const int mod=1e9+7;
const int N=1e6+100;
const int inf=0x7fffffff;
 
int n,k;
 
mt19937_64 rnd(time(0));
 
ull code[N],pre[N],a[N],num[N];
map<ull,ull> mp; 
 
ull xork(ull x,ull y,int k){
	ull sum=0,p=1;
	while(x||y){
		sum+=(x%k+y%k)%k*p;
		p*=k;
		x/=k;
		y/=k;
	}
	return sum;
}

 
signed main(){
	srand(time(0));
	
	n=rd,k=3;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		a[i]=rd;
	}
	
	for(int i=1;i<=N;i++){
		code[i]=rnd()%(1ll<<63);
	}
	
	for(int i=1;i<=n;i++){
		pre[i]=xork(pre[i-1],code[a[i]],k);
	}
	
	int cnt=0;
	mp[0]=1;
	for(int l=0,r=1;r<=n;++r){
		++num[a[r]];
		while(num[a[r]]>3){
			--num[a[l]];
			if(l>0) --mp[pre[l-1]];
			++l;
		}
		cnt+=mp[pre[r]];
		++mp[pre[r]];
	}
	
	printf("%lld",cnt);
	return Elaina;
}

\(x^2\) 问题

判断一个序列的乘积是否是 \(x^2\) ( $ x$ 为某个整数) 。

这个就比较好说了，根据唯一分解定理 。

其中，\(\alpha_1 \leq \alpha_2 \leq \alpha_3 \leq \dots \leq \alpha_k\)皆素数.

则 。

那么当这个序列质因子出现的次数都是偶数次即可.

练习

题目	类型
Prefix Equality AtCoder - abc250_e	组合问题
The Number of Subpermutations CodeForces - 1175F	组合问题
The Untended Antiquity CodeForces - 869E	组合问题
由乃与大母神原型和偶像崇拜 洛谷 - P3792	组合问题
Number Game on a Tree HackerRank	出现次数问题
Quadratic Set CodeForces - 1622F	\(x^2\)问题

尾图

蒂蒂~❤ 嘿嘿嘿 我的蒂蒂❤ 。

大人~ _{制作不易喵~} 赏个赞吧喵~

最后此篇关于关于异或哈希的文章就讲到这里了,如果你想了解更多关于关于异或哈希的内容请搜索CFSDN的文章或继续浏览相关文章，希望大家以后支持我的博客！ 。