php - 在 Laravel 中使用带有 LIKE 子句和可变列名称的 DB::select()

Question

在文档中，

$results = DB::select('select * from users where id = ?', array(1));

问题

我有一个变量 $column 和 $value，我希望它们根据这样的列搜索数据库:

$results = DB::select('select * from users where ? LIKE "%?%"', array($column, $value));

但这会引发错误:

SQLSTATE[42P18]: Indeterminate datatype: 7 ERROR: could not determine data type of parameter $2 (SQL: SELECT * FROM test WHERE refno LIKE '%te%') 

我试过像这样对值进行硬编码:

$results = DB::select('select * from users where ? LIKE "%te%"', array($column));

但它返回一个空数组。

我该怎么做？请帮忙。

编辑:

查询实际上很长(有多个连接)。因此，如果可能，我宁愿不使用Query Builder 样式。但如果不可能，那么我将只使用查询生成器。

信息:

• Laravel v4.2
• PostgreSQL

Answer 1

它可以用更多的Query Builder 风格来完成，比如:

$results = DB::table('users')
    ->where($column, 'LIKE', '%' . $value . '%')
    ->get();

编辑

使用 DB::select() 的唯一可靠方法是:

$results = DB::select("select * from users where ? LIKE '%?%'", array($column, $value));

它产生了正确的查询，我对照数据库检查了它，但也有一个空白数组，或者错误的结果。即使此方法以某种方式起作用，您仍然必须手动转义表名和列名，这很乏味并且显然不适用于 ?。如果你假设有一个名为 values 的 $column，这个方法就会中断，因为 values 是一个保留字(至少在 MySQL 中是这样)。

强烈建议使用 Query Builder 方法，因为它还会自动将 SQL 转义符添加到表名和列名中。此外，它在数据库驱动程序之间更具可移植性。它还支持轻松加入。无需使用您想要的方法。