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段(它们的开始)是给定的。设它们为:1、4、6、9、10。所有线段的长度C都相同。我们需要找到这样一个最大长度(C),使得不存在属于N个线段的公共(public)点。例如,如果 N = 2,并且上面的段的长度为 4 (C = 4),那么如果我们对段的开始和结束的坐标进行排序,我们得到:[1, 5], [4 , 8], [6, 10], [9, 13], [10, 14](不难注意到在点10 ([6, 10], [9, 13], [10, 14] ) 我们有 3 个线段同时相交,这与条件相矛盾)
我知道段固定端的算法,但我不知道如何选择这样的端,以便在没有 O(n^2) 次迭代的情况下公共(public)点不超过 N。请帮助我
最佳答案
这是一个 O(n)
时间复杂度算法,前提是段的开头已经排序。空间复杂度为O(1)
.
让我们根据段起点之间的绝对距离来定义共享点的含义。
segment beginnings = [1,_,_,4,_,_,_,8] # empty cells added for illustration
N = 2
if we take C = 5 we get [1,_,_,4,_,_,_,8]
1,2,3,4,5
It's evident that there is shared point. If we had C = 4,
this wouldn't be the case since the end points of the segments don't count.
因此,我们可以声明,对于 2 个线段至少有一个共享点,C
的长度必须至少为 abs(s_seg2 - s_seg1) + 2
.这是段开始的距离加 2。这也意味着 C = abs(s_seg2 - s_seg1) + 1
避免 seg1
之间的任何共同点和 seg2
现在,上面的意思是为了避免在任何 2 个段 ( N = 2
) 之间有一个共享点,C
必须是 min(abs(s_segi - s_segj))+1
对于 0 <= i < len(segment_starts)-1, j = i+1
.
我们如何将这一想法推广到 3 个段 (N = 3
) 或任意数量的 2 <= N <= len(segment_starts)
段之间的一个共享点?
对于 3 个相邻的段,s_seg1, s_seg2, s_seg3
产生一个共享点3,长度为C
必须是 abs(s_seg3 - s_seg1)+2
, 所以 +1
将是 C
的最大可能长度.
以上激发了以下算法:
left = 0
创建一个滑动窗口或 2 个指针和 right = N-1
.您也可以说 length N
的滑动窗口.segment_starts[right] - segment_starts[left]
的最小值.right < len(segment_starts)
并增加 left
和 right
每次迭代后。the found min value + 1
.在伪代码中:
# assuming segment_starts is sorted none-decreasing
if N > len(segment_starts): return Infinity
if N < 2: raise Invalid Input Error
left, right = 0, N-1
curr_best = segment_starts[right] - segment_starts[left]
for right < len(segment_starts):
curr_best = min(curr_best, segment_starts[right] - segment_starts[left])
return curr_best+1
关于algorithm - 找到段的最大可能长度(扫描线算法),我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/70866468/
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