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对于我正在编写的程序,我需要制作一个列表列表,其中成对的数字代表一个产品和两个给定数字的总和。
现在我有一个函数,我可以指定将列表添加到列表中的次数,稍后将使用完整的功能对其进行扩展。
这是我所拥有的:
s1(0, X).
s1(Q, X) :-
N is Q - 1,
multiply(2, 3, Y),
A = Y ,
add(2, 3, Z),
B = Z,
addToEnd([A], [B], X),
s1(N,X).
multiply(A, B, C):-
C is A * B.
add(A, B, C) :-
C is A + B.
addToEnd([], L, L).
addToEnd([H|T], L2, [H|L3]) :-
addToEnd(T, L2, L3).
s1(2,X)
例如,我得到
[6,5]
返回,然后没有别的,它只是挂起。当我运行
s1(0,X)
,我得到
true
,然后
false
当我点击
;
s1(2,X).
N = 1
,
[6,5]
已添加到
X([[6,5]])
中的列表中
s1(1,X).
N=0
,
[6,5]
已添加到
X ([[6,5],[6,5]])
中的列表中
s1(0,X).
X = [[6,5],[6,5]]
最佳答案
所以,这里有很多话要说。首先,与大多数声明性语言一样,变量不能真正改变值。
这意味着 X = 1.
将统一1
至X
如您所料,但如果您添加 X = 2.
在您的查询( X = 1, X = 2.
)之后,Prolog 会说 false
.背后的原因是无法统一1
与 2
那X
真正变成了1
,因此 X
不能统一到2
.
不过,这与 Haskell、Ocaml 等不同,您可以部分绑定(bind)变量,如 X = h(Y).
.然后您将能够进一步统一它X = h(a(Z)).
,而您不能在前面提到的语言中(其中变量实际上只是值的别名)。
为什么他告诉我你想知道的一切?嗯,这是你的主要问题。你先绑定(bind)X
至[6, 5]
,然后期望进一步将其绑定(bind)到其他一些东西。一旦一个变量被接地(即它本身不包含任何自由变量),你就不能再改变它的值了。
所以在这里你的递归不会做任何事情,但最终证明 X
错误的。但是,这里没有,因为您最终调用了 addToEnd/3
每次使用相同的参数( [6]
, [5]
和 [6, 5]
)。
话虽如此,让我们看看我们如何改进您的代码。
首先,备注:
multiply(2, 3, Y),
A = Y ,
add(2, 3, Z),
B = Z,
addToEnd([A], [B], X),
multiply(2, 3, Y),
add(2, 3, Z),
addToEnd([Y], [Z], X),
A
和
B
再次。
addToEnd/3
想一想你想要什么。
s1(0, Q)
, 你真的要
Q
保持自由?因为这就是你现在所说的。绑定(bind)
Q
会更有意义至
[]
在这种情况下。另外,您很快就会看到,这将成为一个很好的递归基本案例。
s1(0, []).
s1(0, Q) :- Q = [].
:-
之前的部分)。
s1(4, Q)
开始时至
s1(5, Q)
你期望 Q 再持有一些微积分的值。
s1(N, [SomeCalculus|Q]) :-
PreviousN is N - 1,
s1(PreviousN, Q).
SomeCalculus
赋值。 :
s1(N, [SomeCalculus|Q]) :-
PreviousN is N - 1,
X is 2 * 3,
Y is 2 + 3,
SomeCalculus = [X, Y],
s1(PreviousN, Q).
s1(N, [[X, Y]|Q]) :-
PreviousN is N - 1,
X is 2 * 3,
Y is 2 + 3,
s1(PreviousN, Q).
s1(0, []).
s1(N, [[X, Y]|Q]) :-
PreviousN is N - 1,
X is 2 * 3,
Y is 2 + 3,
s1(PreviousN, Q).
;
时程序会像您的一样循环。 key 。那是因为 Prolog 认为第二个子句可以适用于
0
。
s1(0, []).
s1(N, [[X, Y]|Q]) :-
N > 0,
PreviousN is N - 1,
X is 2 * 3,
Y is 2 + 3,
s1(PreviousN, Q).
addToEnd/3
谓词,因为我对变量的漫无边际应该已经告诉你很多关于它的错误之处。
关于Prolog - 递归列表构建,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/10057760/
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