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以下代码无法编译,因为 x
在移动之后使用(因为 x
具有类型 &mut u8
,它没有实现 Copy
特性)
fn main() {
let mut a: u8 = 1;
let x: &mut u8 = &mut a;
let y = x;
x;
}
y
隐含类型
&mut u8
y
的类型明确地编译。以下代码编译
fn main() {
let mut a: u8 = 1;
let x: &mut u8 = &mut a;
let y: &mut u8 = x;
x;
}
let y: &mut u8 = x;
至
let y: &u8 = x;
它也编译。
y
是
&mut u8
在第一个例子中,它是
&mut u8
在第二个中,但前者不编译,后者编译。
最佳答案
&mut u8
不是一个完整的类型。所有引用类型都必须有一个生命周期参数。当你省略它时,Rust 编译器必须推断它,它会选择最短的生命周期。在您的第一个示例中,脱糖的第一步是(使用 a fake syntax from the Rustonomicon ):
fn main() {
let mut a: u8 = 1;
'a: {
let x: &'a mut u8 = &'a mut a; // the lifetime of x must last until it's use at the end
let y = x;
x;
}
}
y
的类型仍然未知。它是什么?好吧,因为它是从
x
分配的,这是一个
&'a mut u8
,它也应该是
&'a mut u8
.请注意,这不遵循生命周期省略的“可能的最短生命周期”规则。您没有省略一生,而是省略了整个类型,这是通过类型推断重建的。
fn main() {
let mut a: u8 = 1;
'a: {
let x: &'a mut u8 = &'a mut a; // the lifetime of x must last until its use at the end
let y: &'a mut u8 = x;
x;
}
}
y
与
x
具有相同的生命周期,其创建涉及移动
x
中的引用。和制作
x
无效的。该程序因此因尝试使用
x
而被拒绝。 .
y
本质上为编译器提供了一个可以推断生命周期的新位置。之前,正常类型推断
y
与
x
的类型相同,这意味着它持续了
x
并制作
x
无法使用。现在,
y
不需要与
x
具有相同的类型;借用的生命周期可能不同。特别是,它被做得更短。
fn main() {
let mut a: u8 = 1;
'a: {
let x: &'a mut u8 = &'a mut a; // the lifetime of x must last until it's use at the end
'b: {
let y: &'b mut u8 = x; // y and x can now have different lifetimes, *x is reborrowed here
}
x; // x not moved from, still valid
}
}
x
进入
y
并使其无效,值
*x
暂时“再借”做
y
,如
let y: &'b mut u8 = &'b mut *x
.
*x
”:
fn main() {
let mut a: u8 = 1;
let x: &mut u8 = &mut a;
let y = &mut *x;
x;
}
&
更多的时候给编译器更多的地方,它可以在程序中调整生命周期以使一切正常工作。
关于rust - Rust 中的引用分配,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/60020262/
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