makefile - 如何在不同的目录中指定 makefile 目标？

Question

我想弄清楚为什么我不能将目标指定为位于不同的目录中。

我正在尝试从 json 文件生成一些 php 类，但我已将实际生成 php 的行更改为一个虚拟的 echo 语句，因此其他人可以复制粘贴并测试他们是否觉得非常慷慨。

还有另外两件事要添加到包含 makefile 的目录中:

一个名为 PatientDbPath.json 的虚拟依赖文件

一个目录叫

如果我有一个包含以下内容的 makefile:

.SUFFIXES: .php .json
.json.php:
    echo "HelloMe" > PatientDbPath.php

PatientDbPath.php: PatientDbPath.json

clean:
    $(RM) PatientDbPath.php

然后当我运行 make 时一切正常； PatientDbPath.php 已正确创建，下次运行 make 时，我收到消息 make: 'PatientDbPath.php' is up to date.
但是，我想在单独的目录中生成 php 文件，因此我将 makefile 更新为以下内容:

.SUFFIXES: .php .json
.json.php:
    echo "HelloMe" > out/PatientDbPath.php

out/PatientDbPath.php: PatientDbPath.json

clean:
    $(RM) out/PatientDbPath.php

一旦我这样做了，Make 就会告诉我 make: Nothing to be done for 'out/PatientDbPath.php'即使 out 目录中没有文件 PatientDbPath.php。

所以我想可能是后缀规则的问题，我创建了第三个makefile。

out/PatientDbPath.php: PatientDbPath.json
    echo "Whatever" > out/PatientDbPath.php

clean:
    rm out/PatientDbPath.php

这个效果很好，就像第一个一样。有人能看到我在第二个 makefile 中做错了什么吗？

谢谢。

Answer 1

还有另一种方法可以做同样的事情，也许更优雅:

$(JSON_FILES): out/%.php: %.json
    action

这将为 JSON_FILES 中列出的每个文件创建一个规则。 ，所以如果它被定义 JSON_FILES= foo.json bar.json ，那么这相当于:

out/foo.php: foo.json
    action

out/bar.php: bar.json
    action

然后你可以使用 $(wildcard *.json)如果您真的想要所有 .json 文件，则设置该值，或者如果规则仅对少数几个文件是唯一的，则手动设置它。