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设 (0,0) 和 (Xo,Yo) 是笛卡尔平面上的两个点。我们要确定抛物线,Y = AX^2 + BX + C,它从这两个点经过并且给定的弧长等于 S。显然,S > sqrt(Xo^2 + Yo^2)。由于曲线必须从 (0,0) 开始,所以它应该是 C=0。因此,曲线方程简化为:Y = AX^2 + BX。知道 {Xo,Yo,S} 如何确定 {A,B}?有两种解决方案,我想要 A>0 的一种。
我有一个解析解(复数),它为给定的一组 {A,B,Xo,Yo} 给出 S,尽管这里问题是倒转的......我可以通过数值求解一个复杂的方程组来继续......但是也许那里有一个数字程序可以做到这一点?
任何有用的Python库?其他想法?
非常感谢 :-)
最佳答案
注意二次方的弧长(线积分)a*x0^2 + b*x0
由 sqrt(1 + (2ax + b)^2)
的积分给出来自 x = 0
至 x = x0
.在求解积分时,积分的值为 0.5 * (I(u) - I(l)) / a
, 其中 u = 2ax0 + b
; l = b
;和 I(t) = 0.5 * (t * sqrt(1 + t^2) + log(t + sqrt(1 + t^2))
,sqrt(1 + t^2)
的积分.
自 y0 = a * x0^2 + b * x0
, b = y0/x0 - a*x0
.代入 b
的值在 u
和 l
, u = y0/x0 + a*x0
, l = y0/x0 - a*x0
.代入 u
和 l
在线积分(弧长)的求解中,我们得到弧长作为a
的函数:
s(a) = 0.5 * (I(y0/x0 + a*x0) - I(y0/x0 - a*x0)) / a
a
的函数,我们只需要找到
a
的值其中
s(a) = S
.这是我最喜欢的寻根算法,
Newton-Raphson method ,再次发挥作用。
f(x)
如果
x(i)
,要获取其根是
i
对根的猜测,
x(i+1) = x(i) - f(x(i)) / f'(x(i))
f'(x)
是
f(x)
的导数.这个过程一直持续到两个连续猜测之间的差异非常小。
f(a) = s(a) - S
和
f'(a) = s'(a)
.通过链式法则和商法则的简单应用,
s'(a) = 0.5 * (a*x0 * (I'(u) + I'(l)) + I(l) - I(u)) / (a^2)
I'(t) = sqrt(1 + t^2)
.
s(a)
的性质,该函数是 Newton-Raphson 方法的极好候选,初始猜测为
y0 / x0
对于
1e-10
的容差/epsilon,在大约 5-6 次迭代后收敛到解.
a
的值找到了,
b
就是
y0/x0 - a*x0
.
def find_coeff(x0, y0, s0):
def dI(t):
return sqrt(1 + t*t)
def I(t):
rt = sqrt(1 + t*t)
return 0.5 * (t * rt + log(t + rt))
def s(a):
u = y0/x0 + a*x0
l = y0/x0 - a*x0
return 0.5 * (I(u) - I(l)) / a
def ds(a):
u = y0/x0 + a*x0
l = y0/x0 - a*x0
return 0.5 * (a*x0 * (dI(u) + dI(l)) + I(l) - I(u)) / (a*a)
N = 1000
EPSILON = 1e-10
guess = y0 / x0
for i in range(N):
dguess = (s(guess) - s0) / ds(guess)
guess -= dguess
if abs(dguess) <= EPSILON:
print("Break:", abs((s(guess) - s0)))
break
print(i+1, ":", guess)
a = guess
b = y0/x0 - a*x0
print(a, b, s(a))
关于python - 确定两个已知点之间具有给定弧长的抛物线,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/48486254/
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