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从正常人群中抽样时,我必须模拟 1/Xbar 的抽样分布。我只想知道我是否正确地开始了我的代码,因为其他一切都取决于此。
MC <- 10000 # Number of samples to simulate
sampling.tau <- function(mu, sigma, sampleSize, MC) {
tau_hat = c(1:MC)
for(i in 1:MC)
{
mySample <- rnorm(n=sampleSize, mean=mu, sd=sigma)
tau_hat[i] <- 1/mean(mySample)
}
}
最佳答案
简短的回答是您走在正确的轨道上。这是一种确认方法。
如果X
是一个分布为 N(μ,σ2) 的随机变量,而 Y
是一个以均值形式形成的随机变量X
(例如,X 的 n 个独立样本的总和除以 n),然后
X ~ N(μ,σ2)
Y ~ N(μ,σ2/n)
您需要来自 Z = 1/Y
分布的样本。一般来说,如果 Y
的密度函数由
Prob(y ≤ Y ≤ y+dy) ≡ fY(y), then, if Z = 1/Y
Prob(z ≤ Z ≤ z+dz) ≡ fZ(z) = (1/z2) × fY(1/z)
自
fY(y) = √(n/2π) × (1/σ) × exp[-n × (y - μ)2/2σ2]
fZ(z) = (1/z2) × 1/√2π × (n/√σ) × exp[-n × (1/z - μ)2/2σ2]
所以问题是:您的代码是否会生成分布为 Z
的随机样本?答案可以显示为"is"。
f <- function(z,n,mu=0,sigma=1)
(1/z^2)*sqrt(n/(2*pi))*(1/sigma)*exp(-(1/z-mu)^2*(n/(2*sigma^2)))
g <- function(mu, sigma, sampleSize, MC)
replicate(MC, 1/mean(rnorm(sampleSize, mu, sigma)))
set.seed(1)
hist(g(0,0.1,100,1000),breaks=c(-Inf,seq(-300,300,10),Inf)
,xlim=c(-300,300), xlab = "Z",
main="Histogram of 1/mean(X)", sub="mu=0, sigma=0.1, n=100")
z <- seq(-300,300,1)
lines(z,f(z,100,mu=0,sigma=.1),col="red")
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我是一名优秀的程序员,十分优秀!