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我有一系列乘客如下:
Passenger[] passengers = new Passenger[5];
public class Passenger{
int id;
int fromId;
int toId;
}
public class PairedPassengers{
int id1;
int id2;
}
public class MainClass{
public static void main(String[] args){
List<PairedPassengers> pairedPassengers = new ArrayList<PairedPassengers>();
for (int i=0; i<passengers.length(); i++){ //length of the original array with all data
for (int j=i; j<passengers.length(); j++){
if (passengers[i].fromId == passengers[j].toId && passengers[i].toId == passengers[j].fromId){
PairedPassengers pPassengers = new PairedPassengers(); //creating a new object to put pairing passengers into
pPassengers.id1 = passengers[i].id;
pPassengers.id2 = passengers[j].id;
pairedPassengers.add(pPassengers);
}
}
}
}
}
最佳答案
使用 Map
查找 Passenger
通过他们的 to
field 。 get
和 put
HashMap
上的方法都是 O(1) 时间,因此该算法的整体复杂度为 O(n)。
Map<Integer, Passenger> to = new HashMap<>();
for(Passenger p : passengers) {
to.put(p.toId, p);
}
List<PairedPassengers> paired = new ArrayList<>();
for(Passenger q : passengers) {
Passenger p = to.get(q.fromId);
if(p != null) {
paired.add(new PairedPassengers(p, q));
}
}
PairedPassengers
编写一个合适的构造函数。类(class)。
to
或
from
领域。如果有这样的重复,那么你将需要一个
Map<Integer, List<Passenger>>
存储每个乘客的列表
to
值(value)。在最好的情况下,解决方案仍然是 O(n) 时间,但在最坏的情况下它将是 O(n²),因为可以找到平方数的对。
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