javascript - 有没有办法在trapi中创建一个带有媒体字段的条目？

Question

我正在尝试在 Strapi 中创建一个条目，其中包含媒体类型的字段。

现在我正在使用文档中提供的代码。但是，实际上，它正在创建一个条目，然后向其中添加文件。所以媒体字段不能做需要 .

async create(data, { files } = {}) {
  const entry = await strapi.query(model).create(data);

  if (files) {
    await this.uploadFiles(entry, files, { model });
    return this.findOne({ id: entry.id });
  }

  return entry;
}

我想在单个请求中创建一个条目。是否可以？

Answer 1

必须在服务文件上对 Strapi 进行两个单独的函数调用——一个用于创建条目，一个用于上传文件并将文件链接到条目。

但是，可以解决您的问题。
这里需要理解两个特别重要的 Strapi 概念:controller和 service .
单击链接以阅读官方文档，但这里有一个快速概述。

Controller 是处理每个 API 调用的东西。

服务是一组效用函数。它们用于与数据库交互(除其他外)。

两者都有默认实现，默认 Controller 实现调用对应的默认服务实现。
您展示的那个是服务的默认实现。但在这种情况下自定义 Controller 更有意义。

This is the default implementation的 controller create :

const { parseMultipartData, sanitizeEntity } = require('strapi-utils');

module.exports = {
  /**
   * Create a record.
   *
   * @return {Object}
   */

  async create(ctx) {
    let entity;
    if (ctx.is('multipart')) {
      const { data, files } = parseMultipartData(ctx);
      // *** Notice here it is calling the service function ...
      entity = await strapi.services.restaurant.create(data, { files });
    } else {
      // *** ... or here.
      entity = await strapi.services.restaurant.create(ctx.request.body);
    }
    return sanitizeEntity(entity, { model: strapi.models.restaurant });
  },
};

要使媒体字段成为必需，请覆盖默认实现以拒绝任何没有文件的请求。例如:

// ...

  async create(ctx) {
    ctx.assert(ctx.is('multipart'), 400, 'Hey! You need to add a file!');

    const { data, files } = parseMultipartData(ctx);
    let entity = await strapi.services.restaurant.create(data, { files });
    
    return sanitizeEntity(entity, { model: strapi.models.restaurant });
  }


// ...

现在任何没有文件的请求都将收到 400，并且不会创建悬空数据。