php - 使用 PHP 显示图像资源

Question

我试图简单地获取一个测试图像，稍微裁剪一下，然后显示它。问题是，我是用 PHP 来做这件事的，到目前为止我所做的每一次尝试都让我更加沮丧；/* 互联网告诉我做我已经做过的事情。 */

好的，那你做了什么？？

我尝试了各种方法来获取 $image本身。我尝试了以下方法:

使用 imagecreatefromstring($url);/* 哪里 $url是图像的位置(我从随机站点中提取，这对我的项目来说是必需的 */

使用 imagecreatefromstring(file_get_contents($url));然后，在 <div> 中标签，与图片相呼应

使用 imagecreatefromstring(file_get_contents($url));然后，在 <img> 中标签，与图片相呼应

做 3.，除了使用 imagejpeg($image)

做 4.，除了这一次，把 header('Content-Type: image/jpeg');

好吧，怎么了？

第一次尝试返回了一个很好的错误，说 $image不被认可。
第二次尝试似乎有效，但不是图像，而是返回以下文本: Resource id #5第三次尝试给了我一堆胡言乱语。
第四次尝试也给了我一堆胡言乱语。
第五次尝试让我黑屏并显示以下错误消息: The image “http://localhost/ResearchProject/sampleImageDisplay.php” cannot be displayed because it contains errors.
这是最终代码(header.php 只包含显示网页所需的所有 HTML 标记(DOCTYPE 标记、html 标记、元标记...)):

<?php
    include "header.php";

    $url = "http://byebyedoctor.com/wp-content/uploads/2010/12/alopecia-areata-3.jpg";
    $image = imagecreatefromstring(file_get_contents($url));
?>
        <img>
            <?php header('Content-Type: image/jpeg');  imagejpeg($image); ?>
        </img>
        <?php imagedestroy($image); ?>
    </body>
</html>

为什么我不能显示这个简单的图像？

Answer 1

这段代码对我有用。只需创建空的 php 文件并粘贴此代码。它应该返回一个半大胆的人的照片。

$url = "http://byebyedoctor.com/wp-content/uploads/2010/12/alopecia-areata-3.jpg";
$im = imagecreatefromstring(file_get_contents($url));

if ($im !== false) {
    header('Content-Type: image/png');
    imagepng($im);
    imagedestroy($im);
}
else {
    echo 'An error occurred.';
}