javascript - javascript函数和sql server STD距离计算的距离差异

Question

DECLARE @orig geography = geography::Point(17, 78, 4326);     
Select  @orig.STDistance(geography::Point(17.001, 78.00001, 4326))/1000

给出

110.674385214845

function calculateDistance(lat1, lon1, lat2, lon2, units) {
        var R = 6371; // Radius of the earth in km
        var dLat = deg2rad(lat2 - lat1);  // deg2rad below
        var dLon = deg2rad(lon2 - lon1);
        var a = Math.sin(dLat / 2) * Math.sin(dLat / 2) +
        Math.cos(deg2rad(lat1)) * Math.cos(deg2rad(lat2)) *
        Math.sin(dLon / 2) * Math.sin(dLon / 2);
        var c = 2 * Math.atan2(Math.sqrt(a), Math.sqrt(1 - a));
        var d = R * c; // Distance in km
        return d;
}
function deg2rad(deg) {
        return deg * (Math.PI / 180)
}`

给出0.11120001099379416公里

相差 0.6 米

Answer 1

原因是因为Haversine formula您上面使用的假设是一个球形地球，周长为 6371 公里，而地理数据类型使用 WGS 84 ellipsoid 。两者之间的主要区别在于，在 WGS 84 中，地球是扁球体(即，在两极被压扁)，并且假设赤道周围的周长为 6378.13 公里，但两极周围的周长为 6356.75 公里。使用 WGS 84 椭球体进行计算的完整方程相当复杂，在大多数情况下半正弦被认为是一个很好的近似值。

如果您查看这个优秀资源的介绍，http://www.movable-type.co.uk/scripts/latlong.html ，作者明确指出了这一点，并建议忽略椭球体的误差平均约为 0.3%(你的约为 0.4%)。我在这里重复作者的引言，以防万一页面出现故障。

All these formulæ are for calculations on the basis of a spherical earth (ignoring ellipsoidal effects) – which is accurate enough* for most purposes… [In fact, the earth is very slightly ellipsoidal; using a spherical model gives errors typically up to 0.3% – see notes for further details].