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我想完美转发对函数的调用,但我总是想返回返回类型的 const
版本。我的意思是,当返回一个引用时,我想要一个 const&
来代替。我怎样才能做到这一点?
T
没有太大区别。const
。如果 T
是指针类型或其他更复杂的类型,我不想在更深的地方添加常量。如果我只是正常转接电话:
template<class Func, class... Args>
decltype(auto) Example(Func f, Args&&... args)
{
return fun(std::forward<Args>(args)...);
}
和 f
碰巧返回,比方说,int&
然后我就得到了:int&
。但我想得到一个 const int&
。
decltype(auto) const
或 decltype(auto const)
似乎是非法的。
最佳答案
这是一个可能的解决方案。引用被转换为 const&
。任何其他类型保持不变。但是,如果有一些我没有考虑的极端情况,我想听听第二意见。
#include <utility>
template<typename T>
struct add_const_to_ref {
using type = T;
};
template<typename T>
struct add_const_to_ref<T&> {
using type = const T&;
};
template<typename T>
using add_const_to_ref_t = typename add_const_to_ref<T>::type;
template<class Func, class... Args>
add_const_to_ref_t<decltype(std::declval<Func>()(std::forward<Args>(std::declval<Args&&>())...))> ConstInvoke(Func f, Args&&... args)
{
return f(std::forward<Args>(args)...);
}
下面的测试:
#include <iostream>
int& foo(int& x) {
return x;
}
int bar() {
return 5;
}
int main() {
int x = 0;
std::cout << std::is_same_v<int&, decltype(ConstInvoke(foo, x))> << "\n";
std::cout << std::is_same_v<int, decltype(ConstInvoke(foo, x))> << "\n";
std::cout << std::is_same_v<const int&, decltype(ConstInvoke(foo, x))> << "\n";
std::cout << std::is_same_v<int&, decltype(ConstInvoke(bar))> << "\n";
std::cout << std::is_same_v<int, decltype(ConstInvoke(bar))> << "\n";
std::cout << std::is_same_v<const int&, decltype(ConstInvoke(bar))> << "\n";
};
给出预期的结果:
001个01个0
即
ConstInvoke(foo, x)
返回 const int&
,
ConstInvoke(bar)
返回 int
另一种方法是简化可怕的 ConstInvoke
,可以这样尝试:
template<typename T>
decltype(auto) as_const_to_ref(T&& arg) {
return (add_const_to_ref_t<T>)(std::forward<T>(arg));
}
template<class Func, class... Args>
decltype(auto) ConstInvoke2(Func f, Args&&... args)
{
return as_const_to_ref(f(std::forward<Args>(args)...));
}
关于c++ - 完美的前向返回类型,但带有 const,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/64516031/
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