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javascript - 当前 Ajax 请求的最佳实践

转载 作者:行者123 更新时间:2023-12-03 02:00:40 29 4
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我一边编码,一边拿出一些我和 friend 建立的旧网站来重新开始工作。我已经有一段时间没有做过任何 AJAX 了,当我试图找出我的代码失败的地方时,我发现没有显示很多资源。我猜这是因为我使用的是旧方法。我想看看我是否应该考虑对我的方法进行快速改变,或者是否有人知道一种方法来处理我必须找到的问题。这些网页使用 jQuery 1.4.4,所以相当老了。

这是我的旧代码:

var ajaxRequest = getAjaxRequest();
ajaxRequest.onreadystatechange = function(){
if(ajaxRequest.readyState == 4) {
document.getElementById("apple").style.display = "block";
setTimeout(function(){ document.getElementById("apple").style.display = "none"; },2000);
}
}
ajaxRequest.open("GET", "url.php" + encodeURIComponent(appleObject), true);
ajaxRequest.send(null);

我看到很多代码更像是:

$.ajax({
type: "GET",
url: "url.php",
success: function(something){
something
}
});

我的目标是使用“success”或“onSuccess”来确保找到页面,并在可能的情况下使用 console.log 从 php 文件返回的内容。

问题:-我的方法是否存在安全问题,需要重大更新?-如果是这样,我是否也需要硬着头皮更新 jQuery?-如果没有,有人可以建议我如何使用现有代码进行某种形式的“成功”调用吗?即类似:ajaxRequest.success(console.log(something));

最佳答案

您的旧代码不使用 JQuery 进行 AJAX 调用,因此无论 1.4 版本的用途是什么,它都不适用于 AJAX。

您的问题实际上归结为是否使用 JQuery 来完成此任务。 JQuery 只不过是一个 JavaScript 库,它使许多任务的编写变得更简单。绝对没有 JQuery 能做的事,没有它就做不到,因为 JQuery 就是 JavaScript。如果您要使用 JQuery,那么 JQuery 将在幕后执行您的原始代码已经执行的操作。

您的原始代码已经有一个“成功”部分,只是没有专门标记。但是,它确实缺少对 request.status === 200 的第二次测试。了解请求的响应是否良好(200 是 OK 的 HTTP 状态代码)。

所以,原始代码实际上应该是这样的:

var ajaxRequest = getAjaxRequest();
ajaxRequest.onreadystatechange = function(){
if(ajaxRequest.readyState == 4) {
// Response received...
if(ajaxRequest.status === 200){
// Request was successful - returned data (if any)
// is available via the xhr.responseText property
document.getElementById("apple").style.display = "block";
setTimeout(function(){
document.getElementById("apple").style.display = "none";
},2000);
}
}
}
ajaxRequest.open("GET", "url.php" + encodeURIComponent(appleObject), true);
ajaxRequest.send(null);

但是,您可以对此处的语法进行一些现代化,使其更加直观:

var ajaxRequest = getAjaxRequest();
ajaxRequest.addEventListener("load", function(data){
// Request was successful - returned data (if any)
// is available via the xhr.responseText property
document.getElementById("apple").style.display = "block";
setTimeout(function(){
document.getElementById("apple").style.display = "none";
},2000);
});

ajaxRequest.addEventListener("error", function(evt){
// Request was unsuccessful
console.log("ERROR", evt)
});

ajaxRequest.open("GET", "url.php" + encodeURIComponent(appleObject), true);
ajaxRequest.send(null);

您可以阅读有关 making XMLHttpRequests here的内容

关于javascript - 当前 Ajax 请求的最佳实践,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/50050316/

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