c++ - 使用 GetOpenFileName 仅从路径中获取文件名

Question

所以我有这个代码:

        OPENFILENAME ofn;

        char file_name[100];

        ZeroMemory(&ofn, sizeof(OPENFILENAME));

        ofn.lStructSize = sizeof(OPENFILENAME);
        ofn.hwndOwner = NULL;
        ofn.lpstrFile = file_name;
        ofn.lpstrFile[0] = '\0';
        ofn.nMaxFile = 100;
        ofn.lpstrFilter = "Dynamic Link Libraries (.dll)\0*.dll";
        ofn.nFilterIndex = 1;

        GetOpenFileName(&ofn);
        cout << (const char*)ofn.lpstrFile << endl;

它简单地定义了 windows 的属性，然后用 GetOpenFileName(&ofn) 打开一个文件，但是当我打印 lpstrFile 时我得到了我选择的文件的完整路径。

现在我的问题是，如何在 C++ 上我只能获得文件名 ex file.dll而不是 C:/hello/file.dll出 ofn.lpstrFile使用文本替换功能或内置窗口功能。

提前致谢。

Answer 1

通过使用 std::filesystem::path 得到它类(class):

std::filesystem::path myFile = ofn.lpstrFile;
std::filesystem::path fullname = myFile.filename();

cout << fullname.c_str() << endl;

它也适用于@WhozCraig 指出的方法:

#pragma comment(lib, "shlwapi.lib")
#include <Shlwapi.h>

PathStripPath(ofn.lpstrFile);