PHP:知道实例化是否来自静态方法？

Question

假设我有这样一个类:

class Person
{
    private $value;

    public function __construct()
    {
        $this->value = 'new';
    }

    public static function find( $ident )
    {
        $person = new Person();
        $person->value = 'old';

        return $person;
    }
}

如果我从静态 find 函数调用，我如何才能阻止构造函数触发，或以某种方式转移它使其不执行自身的某些部分？

我的示例的上下文与我的真实代码的上下文相同，只是真实代码的开销非常大，以至于只执行了一个函数。 (很多对象可以同时存在，但是如果静态函数调用__construct方法，那么就会有太多的开销和加载时间)。

两者都需要有 public 访问器。

Answer 1

你可以传递一个 bool 值给你的构造函数来告诉它是否应该执行

class Person
{
    private $value;

    public function __construct($exec)
    {
        if(!$exec)
            return;
        $this->value = 'new';
        echo $this->value;  //testing
    }

    public static function find( $ident )
    {
        $person = new Person(false);
        $person->value = 'old';

        return $person;
    }
}

//$p = new Person(true);
$p = Person::find(0);

---

使用静态变量更新

class Person
{
    private $value;
    protected static $exec1 = true;

    public function __construct()
    {
        if(!self::$exec1)
            return;
        $this->value = 'new';
        echo $this->value;
    }

    public static function find( $ident )
    {
        self::$exec1 = false;
        $person = new Person();
        self::$exec1 = true;
        $person->value = 'old';

        return $person;
    }
}

$p = Person::find(0);