python - 获取其调用的脚本中的入口点脚本路径

Question

假设您有一个名为 /home/user/pack/test.py 的脚本

在此脚本中，我们调用一些在其他文件路径中定义的辅助类(使用导入)
假设帮助程序文件路径是:/home/user/pack/abc/helper.py

我想知道是否有办法在 Helper 脚本中获取原始启动脚本路径 /home/user/src/test.py 以供某些使用。

我尝试使用__file__，但它当然给了我/home/user/pack/abc/helper.py。

注意:我不想将启动脚本路径(__file__)作为参数传递给Helper类。

Answer 1

您可以使用inspect标准库中的模块来实现您的目标，这样:

helper.py

def some_helper():
    print(inspect.stack()[1][1])

test.py

import helper

helper.some_helper()

因此，通过执行 test.py，您将获得 "path/to/test.py" 作为 helper.py 内的输出功能。