python - 有没有办法在 urls.py 中使用 django 捕获 URL 参数？

Question

我正在尝试编写一些优雅的东西，在代码中我不依赖 Request 对象。所有示例都使用: (r'^hello/(?P.*)$', 'foobar.views.hello')但似乎您无法使用表单轻松发布到这样的 URL。有没有办法让该 URL 响应 ..../hello?name=smith

Answer 1

绝对是的。如果您的 url 映射到一个函数(在本例中为 foobar.views.hello)，那么对于 GET 请求，该函数可能如下所示:

def hello(request):
    if request.method == "GET":
        name_detail = request.GET.get("name", None)

        if name_detail:
            # got details
        else:
            # error handling if required.

如果您从 request.POST 进行 HTTP POST，则可以使用编码形式的数据，即 POST 参数。

如果您想要在 POST 请求上查询参数，您也可以自己构建这些参数。只需这样做:

PARAMS = dict()
raw_qs = request.META.get('QUERY_STRING', '') # this will be the raw query string
if raw_qs:
    for line in raw_qs.split("&"):
        key,arg = line.split("=")
        PARAMS[key] = arg

同样，对于非 POST 请求中的表单编码参数，请执行以下操作:

FORM_PARAMS = QueryDict(request.raw_post_data)

但是，如果您尝试在 Django 中使用表单，那么您绝对应该查看 django.forms 。整个表单库通常会让您的生活更轻松；我从未使用 Django 手动编写过 html 表单，因为 Django 的这一部分承担了所有工作。作为快速总结，您可以这样做:

forms.py:

class FooForm(forms.Form):
    name = fields.CharField(max_length=200)
    # other properties

甚至是这个:

class FooForm(forms.ModelForm):

    class Meta:
         model = model_name

然后在您的请求中，您可以将表单传递给模板:

def pagewithforminit(request):
    myform = FooForm()
    return render_to_response('sometemplate.html', {'nameintemplate': myform}, 
                                    context_instance=RequestContext(request))

在接收它的 View 中:

def pagepostingto(request):
    myform = FooForm(request.POST)

    if myform.is_valid(): # check the fields for you:
        # do something with results. if a model form, this:
        myform.save()
        # creates a model for you.

另请参阅model forms 。简而言之，我强烈推荐 django.forms。