php - 无法在表中显示数据

Question

我需要使用 jquery 从 mysql 数据库中检索数据。我已经尝试了这两种方法($.getJSON 和 $.ajax)，但都没有产生预期的结果。

虽然数据在浏览器的控制台(netwaork 选项卡)中，但它没有显示在表格中。

我的 php 文件。 在浏览器中查看时，上面的代码会生成所需的 json 结构。

这是我的 jquery 代码。(使用 $ajax 方法)

$(document).ready(function() {
var jsonobj = [];
$.ajax({
url: "reg_data_table_js.php",
success: function(data) {
//alert(data)
jsonobj = data;
var tr;
for (var i = 0; i < jsonobj.length; i++) {
  tr = $('<tr/>');
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].id + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].firstname + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].lastname + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].email + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].zipcode + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].username + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].password + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].interest + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].relocation + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].position + "</td>"));
  tr.append($("<td>" + jsonobj[i].startdate + "</td>"));
  $("#jsondata tbody").append(tr);
 }
},
error: function(err) {
 alert(err)
}
})

浏览器控制台图片

Answer 1

我认为您需要将 JSON 响应作为一个数组来获取您的数据，例如 ID、名字等......

然后像@guradio 说的那样尝试使用 jsonobj = data.users

希望对你有帮助