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以下代码返回字符串 s1 中出现字符串 s2 中的任何字符的第一个位置。其最坏时间复杂度为O(m+n)。怎么办?
#include<stdio.h>
int any(char *s1, char *s2)
{
char array[256];
int i;
if (s1 == NULL) {
if (s2 == NULL) {
return(0);
} else {
return(-1);
}
}
for(i = 0; i < 256; i++) {
array[i] = 0;
}
while(*s2 != '\0') {
array[*s2] = 1;
s2++;
}
i = 0;
while(s1[i] != '\0') {
if (array[s1[i]] == 1) {
return(i);
}
i++;
}
return(-1);
}
最佳答案
它分两步完成此操作。
它初始化一个大小为 256 的数组(表示其输入字符串的每个有效字符),并且对于 s2 (n) 中的每个字母,将数组中的字符标记为1 表示该字符存在。
它迭代 s1 中的字符(0 到 m),检查数组中的每个字符位置,看看它是否设置为“present”(1),这将表明它在第二个字符串中。如果是,则返回该字符在 s1 中的索引。如果 s1 中的任何字符都不存在于 s2 中(在 m 处发现),则返回 -1。
由于步骤 1 始终需要 n(s2 的长度),而步骤 2 最多需要 m(s1 的长度),所以最坏的情况是 O (m+n),仅当没有匹配项或仅 s1 中的最后一个字符出现在 s2 中时才会发生。
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