javascript - 为什么我在创建带参数的任务时得到 "Task is not in your gulpfile"？

Question

我创建了一个带参数的简单任务:

gulp.task("js", () => {
    let stream = gulp
        .src("./src/**/*.js", { base: "./src/" })
        .pipe($.plumber())
        .pipe($.changed("temp"))
        .pipe(babel());

    // minify is min argument provided
    if (args.min == true) stream = stream.pipe($.uglify());

    // Update paths
    stream
        .pipe(
            $.preprocess({
                context: {
                    PATH: save.dest,
                    COMMIT: pkg.version
                }
            })
        )
        .pipe(gulp.dest("temp"));

    return stream;
});

我想根据我是推向 QA 还是 PROD 来缩小:

gulp.task("push-dev", ["js"], function() {})

gulp.task("push-prod", ["js --min"], function() {})

但是我得到了错误:

[11:51:32] Task 'js --min' is not in your gulpfile

我正在尝试的可能吗？我试图避免必须创建一个全新的任务来处理不同环境中的缩小。

Answer 1

将函数与任务分开定义，而不是直接在 gulp.task 中定义。

let jsFunc = (doMininfy) => {
  let stream = gulp
    .src("./src/**/*.js", { base: "./src/" })
    .pipe($.plumber())
    .pipe($.changed("temp"))
    .pipe(babel());

  // assuming you meant the parameter to go here?
  if (doMininfy) stream = stream.pipe($.uglify());

  // Update paths
  stream
    .pipe(
        $.preprocess({
            context: {
                PATH: save.dest,
                COMMIT: pkg.version
            }
        })
    )
    .pipe(gulp.dest("temp"));

  return stream;
});

gulp.task("js", () => jsFunc());
gulp.task("js-min", () => jsFunc(true));
gulp.task("push-dev", ["js"], function() {});
gulp.task("push-prod", ["js-min"], function() {});