Java:使用路径的 ZipFile

Question

我有一个 Path 可以在虚拟文件系统 (jimfs) 上压缩文件，我需要使用 ZipFile 打开这个 zip 文件。

但是 ZipFile 中没有构造函数来获取 Path 作为参数，只有 File。

但是，我无法从我的 Path 创建一个 File (path.toFile())，因为我得到了 UnsupportedOperationException。如何使用 ZipFile 打开我的 zip 文件？或者也许还有其他方法可以处理不在默认文件系统上的 zip 文件？

Answer 1

ZipFile 类仅限于文件系统中的文件。

替代方法是使用 ZipInputStream。使用 Path 创建一个 InputStream

Path path = ...
InputStream in = Files.newInputStream(path, openOptions)

并使用 InputStream 创建一个 ZipInputStream。这种方式应该按预期工作:

ZipInputStream zin = new ZipInputStream(in)

所以推荐的使用方式是:

try (ZipInputStream zin = new ZipInputStream(Files.newInputStream(path))) {
    // do something with the ZipInputStream
}

请注意，使用 ZipInputStream 解压缩某些 ZIP 文件 will fail because of their ZIP structure .这是 ZIP 格式的技术限制，无法解决。在这种情况下，您必须在文件系统或内存中创建一个临时文件，并使用不同的 ZIP 类，如 ZipFile。