c++ - 如何通过 lightuserdata 对象将表参数从 lua 传递到 C++？

Question

我已经注册了一个函数，它创建了一个供 C++ 和 lua 使用的 lightuserdata。当我使用简单变量、整数和字符串进行测试时，该部分工作正常。当它是字符串和整数时，我可以在 lua 中创建我的 lightuserdata 而不会出错。然而，当我尝试使用表格时，它变得更加复杂

std::string aString = lua_tostring(lua,-4);

第一个参数是正确的，因为它应该是一个字符串

if (lua_type(lua,-3 == LUA_TTABLE))  //is true so i know it recognizes it as a table
{
    auto t = lua_gettable(lua, -3);

    size_t tableLen = lua_rawlen(lua, -3); // also gives me the correct size
    lua_settop(lua, 1); //this discards the rest right? which i don't want.
    //luaL_checktype(lua, 1, LUA_TTABLE); //using this crashes the application expecting
// table but getting string
    lua_getfield(lua, 1, "a");
    lua_getfield(lua, 1, "b");
    lua_getfield(lua, 1, "c");
    lua_getfield(lua, 1, "d");
    lua_getfield(lua, 1, "e");
    std::cout << lua_gettop(lua) << std::endl; //after using the getfields i get the new table size 
//correctly (i assume, it turns 1 more value than expected, i think it's the table itself.
    //int a = luaL_checkinteger(lua, -5); //these don't work as they expect numbers but get nil
    //int b = luaL_checkinteger(lua, -4);
    //int c = luaL_checkinteger(lua, -3);
    //int d = luaL_checkinteger(lua, -2);
    //int e = luaL_checkinteger(lua, -1);
    std::cout << lua_tointeger(lua, -2) << std::endl; //returns always 0

}

尝试忽略该表并获取堆栈的其余部分会给我 0x000000 上的违规错误，尽管第三个值按预期正确调试，第四个为空，即使我不这样做它也正确通过了不要使用表格。

我正在尝试做的可能是这样吗？

任何对正确方向的评论将不胜感激。另外，如果我不知道表中键的名称，我应该使用什么？

Answer 1

if (lua_type(lua,-3 == LUA_TTABLE)) //is true so i know it recognizes it as a table

这里有很大错误，或者你没有发布实际代码。

您不是在检查索引 -3 下的值的类型，而是在询问索引 false 下的值的类型，因为 -3 == LUA_TTABLE 显然是 false。

“检查”之后发生的任何崩溃都是此错误的结果。它会将任何不是 nil 的内容识别为表格。