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MinGW(gcc 版本 4.8)无法编译以下代码:
template<template<typename> class TC, typename TV> void foo(TC<TV> & container)
{
// I need to deal with container items type here
std::cout << sizeof(TV);
}
int main()
{
QStringList list;
foo(list);
}
潜在的错误似乎是:
can't deduce a template for 'TC<TV>' from non-template type 'QStringList'
但是QStringList
是标准的 Qt 类型,声明如下:
class QStringList : public QList<QString> { ... };
所以,我希望它也是模板。
一些注意事项:
MSVC++2010 能够正确编译这段代码。
我还可以通过以下更改在 MinGW 中获得工作代码:
template<class TC> void foo(TC & container)
{
// container items type is resolved via TC::value_type here
std::cout << sizeof(typename TC::value_type);
}
但在我看来,这使得声明 foo()
可读性较差,它稍微改变了意思,所以我更愿意保留第一个选项,即 TC<TV>
问题是:
从标准的角度来看,第一个选项是否正确?
是否有可能获得与 MinGW 一起使用的第一个选项?
最佳答案
MinGW 是正确的。应该不可能推断出 TC
和 TV
来自 QStringList
仅仅因为QStringList
是模板的派生类。在标准(C++11,§14.8.2.5/8)和 TT<T>
中有一个函数调用的推导上下文列表。是其中之一,其中 TT
是模板模板参数,T
是模板类型参数。但是,派生自模板特化的类本身并不是模板特化。此外,虽然类型为 QStringList
的左值可隐式转换为 QList<QString>
,模板参数推导不考虑大多数类型的隐式转换。
此外,是的,您确实需要 typename
.有关原因的解释,请参阅 Where and why do I have to put the "template" and "typename" keywords?
该标准还规定允许实现接受根据该标准格式错误的代码作为扩展。 Visual C++ 有很多扩展,因此它接受很多不符合标准的代码。
关于c++ - MinGW 不将从模板类继承为模板,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/23528470/
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