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c++ - 在模板参数中查找 typename 的 typename

转载 作者:行者123 更新时间:2023-11-30 03:52:18 28 4
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我希望以下代码在 foo 从 base 派生任何东西时编译,否则会出现编译错误。我已经编写了类型特征类 is_Base,因为 std::is_base_of 不能很好地与我的模板内容一起使用。我很接近。我使用 static_passoff 让它工作,但我不想使用它。那么如何在没有 static_passoff hack 的情况下编写 enable_if 呢?这是运行版本:http://coliru.stacked-crooked.com/a/6de5171b6d3e12ff

#include <iostream>
#include <memory>

using namespace std;

template < typename D >
class Base
{
public:
typedef D EType;
};

template<class T>
struct is_Base
{
using base_type = typename std::remove_cv<typename std::remove_reference<T>::type>::type;

template<class U>
static constexpr std::true_type test(Base<U> *) { return std::true_type(); }
static constexpr std::false_type test(...) { return std::false_type(); }

using value = decltype( test((T*)0) );
};

template < typename A >
using static_passoff = std::integral_constant< bool, A::value >;

template <typename T, typename = typename std::enable_if< static_passoff< typename is_Base< T >::value >::value >::type >
void foo(T const&)
{
}


class Derived : public Base<Derived> {};
class NotDerived {};


int main()
{
Derived d;
//NotDerived nd;

foo(d);
//foo(nd); // <-- Should cause compile error

return 0;
}

最佳答案

鉴于您的代码确实有效,我不确定我是否理解您的问题。但在风格上,对于产生类型的元函数,该类型应命名为 type。所以你应该:

using type = decltype( test((T*)0) );
^^^^

或者,为了避免零指针强制转换:

using type = decltype(test(std::declval<T*>()));

此外,您的测试 不需要定义。只是声明。我们实际上并没有调用它,只是检查它的返回类型。它也不必是 constexpr,所以这就足够了:

template<class U>
static std::true_type test(Base<U> *);
static std::false_type test(...);

一旦你有了它,你就可以给它起别名了:

template <typename T>
using is_Base_t = typename is_Base<T>::type;

并使用别名:

template <typename T, 
typename = std::enable_if_t< is_Base_t<T>::value>>
void foo(T const&)
{
}

关于c++ - 在模板参数中查找 typename 的 typename,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/30766003/

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