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我试图让一个静态方法返回一个 shared_ptr。
它没有编译并且给模板参数 1 是无效的。
我想不通这是为什么。
此外,stack overflow 说我的帖子主要是代码,我应该添加更多细节。我不知道这是为什么,因为简洁不会伤害任何人。我的问题很明确,很容易详细说明。
编译错误
src/WavFile.cpp:7:24: error: template argument 1 is invalid
std::shared_ptr<WavFile> WavFile::LoadWavFromFile(std::string filename)
音频文件.cpp
#include "WavFile.h"
#include "LogStream.h"
#include "assert.h"
using namespace WavFile;
std::shared_ptr<WavFile> WavFile::LoadWavFromFile(std::string filename)
{
ifstream infile;
infile.open( filname, ios::binary | ios::in );
}
音频文件.h
#pragma once
#ifndef __WAVFILE_H_
#define __WAVFILE_H_
#include <fstream>
#include <vector>
#include <memory>
namespace WavFile
{
class WavFile;
}
class WavFile::WavFile
{
public:
typedef std::vector<unsigned char> PCMData8_t;
typedef std::vector<unsigned short int> PCMData16_t;
struct WavFileHeader {
unsigned int num_channels;
unsigned int sample_rate;
unsigned int bits_per_sample;
};
static std::shared_ptr<WavFile> LoadWavFromFile(std::string filename);
private:
WavFile(void);
private:
WavFileHeader m_header;
PCMData16_t m_data16;
PCMData8_t m_data8;
};
#endif
最佳答案
将命名空间名称更改为其他名称。现在它与类名冲突,因为你是 using namespace WavFile;
.说明错误的简单示例:
#include <iostream>
#include <memory>
namespace X // changing this to Y makes the code compilable
{
class X{};
}
using namespace X; // now both class X and namespace X are visible
std::shared_ptr<X> v() // the compiler is confused here, which X are you referring to?
{
return {};
}
int main() {}
如果您坚持将命名空间命名为类,那么去掉 using namespace X;
并限定类型,std::shared_ptr<WafFile::WavFile>
.
关于c++ - shared_ptr 模板参数无效,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/33313723/
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