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我有以下错误。我知道我必须对字符串的结果进行编码
07-08 21:26:51.348: E/2(22265): <!-- End Of Analytics Code -->
07-08 21:26:51.353: E/Fail 3(22265): org.json.JSONException: Value 1 of type java.lang.String cannot be converted to JSONObject
虽然下面会转换它。但仍然面临错误。
JSONObject json_data = new JSONObject(result);
JSONArray menuObject = new JSONArray(json_data.getString("code"));
这是我的代码
try
{
BufferedReader reader = new BufferedReader
(new InputStreamReader(is,"iso-8859-1"),8);
StringBuilder sb = new StringBuilder();
while ((line = reader.readLine()) != null)
{
sb.append(line + "\n");
}
is.close();
result = sb.toString();
Log.e("pass 2", "connection success ");
System.out.println(result);
Log.e(" 2",result );
}
catch(Exception e)
{
Log.e("Fail 2", e.toString());
}
try
{
JSONObject json_data = new JSONObject(result);
JSONArray menuObject = new JSONArray(json_data.getString("code"));
System.out.println("length="+menuObject.length());
}
catch(Exception e)
{
Log.e("Fail 3", e.toString());
}
这是php代码
<?php
$host='mysql12.000webhost.com';
$uname='a6901827_moudiz';
$pwd='*****';
$db="a6901827_justed";
$con = mysql_connect($host,$uname,$pwd) or die("connection failed");
mysql_select_db($db,$con) or die("db selection failed");
$id=$_REQUEST['id'];
$name=$_REQUEST['name'];
mysql_query('insert into samle values($id,$name)',$con);
print(json_encode("1"));
mysql_close($con);
?>
我需要在数据库中插入数据并返回值。
最佳答案
您正在返回 JSON 字符串“1”,但试图将其解析为 JSONObject。JSONObject
需要一个以 {
开头并以 }
结尾的实际 JSON 对象。字符串是 JSON 值而不是 JSONObject。这就是 String
“1”不能转换为 JSONObject
的原因。
您可以将返回值包装到一个 PHP 数组中:
array("value" => "1")
当您将其编码为 JSON 时,它将如下所示:
{"value":"1"}
然后在 Java 客户端上,将其解析为 JSONObject 并获取名为“value”的字符串属性。
或者您可以在 Java 端以不同的方式解析它。 (不使用 JSONObject)。
关于java - 为什么 json_data.getString 不编码 json 字符串?或者它错了?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/31301132/
我有以下错误。我知道我必须对字符串的结果进行编码 07-08 21:26:51.348: E/2(22265): 07-08 21:26:51.353: E/Fail 3(22265): org.j
每当用户单击文件夹旁边的 [+] 时,我都会通过 json_data 加载我的 jsTree。我想要做的是将 css 类应用到某些节点以向用户突出显示它们。这里不是在谈论鼠标悬停或当前选择的节点,而是
我是一名优秀的程序员,十分优秀!