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我有一个脚本,可以从表中获取所有 id 并将它们打印在选项选择表单上,并且我想使用我在选项中选择的 id 重新加载页面。这是脚本:
<?php
include('include/menu.php');
include('include/mysql.php');
if ($db_found) {
echo "<form action='' name='form' method ='get'>
<select name='funcionario'>";
$SQL = "SELECT * FROM funcionarios";
$result = mysql_query($SQL);
while ( $db_field = mysql_fetch_assoc($result) ) {
$idfunc = $_GET['funcionario'];
$selected = ($idfunc==$idfunc->$db_field['idfunc']) ? ' selected="selected"' : '';
echo "<option value'".$db_field['idfunc']."' ".$select." onclick='document.form.submit();' >".$db_field['nomefunc']."</option>";
}
echo "</selected></form>";
echo $idfunc;
} else {
print "Database NOT Found ";
mysql_close($db_handle);
}
?>
但脚本始终只返回所选的第一个 ID。
最佳答案
删除$idfunc->
来自$idfunc->$db_field['idfunc']
替换value'".$db_field['idfunc']."'
与 value='".$db_field['idfunc']."'
您已经定义了$idfunc = $_GET['functionario']
这是一个字符串,而不是一个类对象。
您还定义了$selected
但你正在使用 $select
当回显结果时。
要进一步调试,请使用 error_reporting(E_ALL);
在脚本的顶部。我想这就是为什么当您尝试执行此脚本时没有收到错误的原因。
这是完整的脚本:
<?php
include('include/menu.php');
include('include/mysql.php');
if ($db_found) {
echo "<form action='' name='form' method ='get'>
<select name='funcionario'>";
$SQL = "SELECT * FROM funcionarios";
$result = mysql_query($SQL);
while ( $db_field = mysql_fetch_assoc($result) ) {
$idfunc = $_GET['funcionario'];
$selected = ($idfunc==$db_field['idfunc']) ? ' selected="selected"' : '';
echo "<option value='".$db_field['idfunc']."' $selected onclick='document.form.submit();'>".$db_field['nomefunc']."</option>";
}
echo "</selected></form>";
echo $idfunc;
} else {
print "Database NOT Found ";
mysql_close($db_handle);
}
?>
关于php - while 内选择的属性,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/17761916/
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我是一名优秀的程序员,十分优秀!