php - 将一个表中的结果显示为链接以将结果显示到另一表？

Question

我有一个游戏列表，我希望人们能够转到页面 games.php 并从游戏列表中进行选择，这会将他们带到同一页面，但作为 games.php?subgame=MetalGearRising。

这是我到目前为止所拥有的。

      <?php
      $result = mysql_query("SELECT gamename FROM games ORDER BY gamename");
while ($row = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC)) {
    printf("%s", $row["gamesname"] . "<br />");
}
      ?>

子游戏为子游戏表，子游戏名称为subgamename。

现在它列出了它们:最终幻想潜龙谍影游戏王

我不知道如何使结果可点击，点击后将它们带到 games.php?subgame=XXX 并显示子游戏表中该游戏下列出的所有子游戏。我确实有自动增量，所以我不确定是否需要在内部联接或其他什么中引用它，我对联接不太熟悉。

任何帮助将不胜感激。

编辑:@Jesse

这就是我迷路的地方，因为我不知道如何将它们链接在一起，因为我的子游戏有以下几行:子游戏id子游戏名称子游戏描述

例如，我单击了《合金装备》，它带我到了 subgames.php?list=《合金装备》，其中应该列出子游戏名称的结果，专门针对游戏 table 上的《合金装备》游戏。例如，子游戏名称是《合金装备崛起》。那么它应该只显示子游戏表中的内容。

我的 subgames.php 代码如下所示

$_GET['subgamename'];
if ($_REQUEST['do'] == $_GET['subgamename'];)
{
$sql = mysql_query('SELECT subgamename FROM items WHERE ID = "'.$id.'"');
}

但是问题是我没有游戏名称来打印结果？我的意思是肯定有一种比输入更简单的方法来列出它游戏名称在两个不同的表中？

@bobthyasian 实际上，这可能是我需要在这里开始的。让我用现有的代码尝试一下。

实际上是 echo "

$row['gamesname']

";但这有点起作用，但是当我单击链接时，我收到警告:mysql_fetch_array() 期望参数 1 为资源， bool 值在第 54 行/public_html/games.php 中给出。我假设是因为它没有引用回游戏表来知道要列出哪些子游戏，这是我感到困惑的部分。

Answer 1

您需要将 $_GET[] 与 IF ELSE 混合使用，如下所示:

<?php
$sub = $_GET['subgame'];
if($sub){
//Check if subgame selected
$result = mysql_query("SELECT $sub FROM games");
 while ($row = mysql_fetch_array($result)) {
  //Display subgame info
 }
}
else{
//No subgame selected
//Display subgames
$result = mysql_query("SELECT gamename FROM games ORDER BY gamename");
 while ($row = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC)) {
   echo "<li><a href='game.php?subgame=".$row['gamesname']."</a></li><br />";
 }
}
?>