c++ - std::setw、std::setfill 等的真正返回类型是什么？

Question

我很好奇 std::setw 和 std::setfill 的真正返回类型

正如我们所见，它们返回值的数据类型是“未定义”。但是，是否可以声明一个没有返回类型的函数？

在我必须开发一种方法为“cout”或“cin”提供扩展功能的情况下，这个方法应该像这样调用

cout << foo(32, 'A', 0.00f) << "Hello world!";

我应该如何声明方法？

Answer 1

std::setw 的返回类型et al 是未指定的，因为每个 C++ 实现可能决定以不同的方式执行它，因此没有唯一的答案 - 您必须调查您感兴趣的编译器/版本。

查看与 GCC 一起使用的 libstdc++，我们看到:

00214   struct _Setw { int _M_n; };
00215 
00216   /**
00217    *  @brief  Manipulator for @c width.
00218    *  @param  n  The new width.
00219    *
00220    *  Sent to a stream object, this manipulator calls @c width(n) for
00221    *  that object.
00222   */
00223   inline _Setw 
00224   setw(int __n)
00225   { return { __n }; } 

_Setw是一个捕获宽度参数的小结构，std::ostream& operator<<(std::ostream&, _Setw)和 ...>>...然后可以处理设置流中的宽度:

00227   template<typename _CharT, typename _Traits>
00228     inline basic_istream<_CharT, _Traits>& 
00229     operator>>(basic_istream<_CharT, _Traits>& __is, _Setw __f)
00230     {
00231       __is.width(__f._M_n);
00232       return __is; 
00233     }
00234 
00235   template<typename _CharT, typename _Traits>
00236     inline basic_ostream<_CharT, _Traits>& 
00237     operator<<(basic_ostream<_CharT, _Traits>& __os, _Setw __f)
00238     {
00239       __os.width(__f._M_n);
00240       return __os; 
00241     }

As we see references, their datatype of return value is "undefined".

未指定，不是未定义。

However, Is it possible to declare a function without return type?

否 - 每个函数都必须有一个返回类型，即使只有 void .

In a situation that I have to develop a method supplying extended features for 'cout' or 'cin', and this method should be called like

cout << foo(32, 'A', 0.00f) << "Hello world!";

How should I declare the method?

你可以做类似的事情并且有功能 foo返回您为其编写流操作符的对象。然后那些流函数应该操纵流:你需要使用 iword 和 xalloc 为流提供额外的状态以跟踪您要添加的可能修改的行为 - 请参阅 this answer .