php - 我一直在尝试创建访问页面的男性用户数量的报告

Question

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mysql_fetch_array()/mysql_fetch_assoc()/mysql_fetch_row()/mysql_num_rows etc… expects parameter 1 to be resource or result
                                
                                    （32个答案）
                                
                        
                                4年前关闭。
            
                    
我的数据库中有一列“性别”，该列通过单选按钮（男性和女性）插入值。
mysql_num_rows()期望参数1是资源，第63行的 C:\wamp\www\PHP\mysqlex.php中给出的布尔值
行数
每次尝试调试时，我都会不断收到上述错误。

这是我的代码：

 </form>
</fieldset> 
</div>
<?php
        if(Isset($_POST['submit']))
        {

            $d=$_POST['rollno'];
            $c=$_POST['name'];
            $f=$_POST['sex'];
        $host="localhost";
        $user="root";
        $password="";
        $db="bcaa"; 
            $conn=mysql_connect("localhost","root","","bcaa"); 
            if(!$conn){
                die("error in line 1".mysql_connect_error());
            }
                echo "connection successful";

            mysql_select_db("bcaa",$conn);
                $dbw=mysql_query("Insert into student(rollnumber,Name,gender) values('$d','$c','$f')",$conn) or die(mysql_error());
                if(!$dbw)
                {
                    echo "Error";
                }
                    echo "sucess";

                    $dbf=mysql_query("select * from student",$conn) or die(mysql_error());
            while ($row=mysql_fetch_array($dbf))
            {
                echo "EMP roll number :{$row['rollnumber']}  <br> ".
         "EMP NAME : {$row['Name']} <br> ".
         "EMP gender : {$row['gender']} <br> ".
         "--------------------------------<br>";

            }

$result = mysql_query("SELECT * FROM student Where gender=%male%");
$num_rows = mysql_num_rows($result);
echo "$num_rows Rows\n";





        mysql_close($conn);
        }

            ?>


</body>
</html>            

最佳答案

该错误消息几乎总是由以下原因导致的：查询由于某种原因而失败，返回false。

因此，您将该假值传递给另一个调用，它会产生痛苦的抱怨。

在您的情况下，故障在这里：

$result = mysql_query("SELECT * FROM student Where gender=%male%");
$num_rows = mysql_num_rows($result);

您正在运行的查询无效。首先，它是一个要与之比较的字符串值，因此应将其用引号引起来。

其次，如果需要通配符支持，则应使用 like而不是 =。但是， like选项可能是一个错误，因为它还会选择性别为 female的行，因为其中包含 male。

因此，如果您尝试以下方法，可能会获得更多的运气：

$result = mysql_query("SELECT * FROM student Where gender = 'male'");

关于php - 我一直在尝试创建访问页面的男性用户数量的报告，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/29024760/

上一篇：PHP连接两个表，其中一个表中的两列包含from_ID和to_ID引用另一个表中的id

下一篇：mysql - Tableadapter.Update 无法搜索要更新的行

Answer 1

该错误消息几乎总是由以下原因导致的：查询由于某种原因而失败，返回false。

因此，您将该假值传递给另一个调用，它会产生痛苦的抱怨。

在您的情况下，故障在这里：

$result = mysql_query("SELECT * FROM student Where gender=%male%");
$num_rows = mysql_num_rows($result);

您正在运行的查询无效。首先，它是一个要与之比较的字符串值，因此应将其用引号引起来。

其次，如果需要通配符支持，则应使用 like而不是 =。但是， like选项可能是一个错误，因为它还会选择性别为 female的行，因为其中包含 male。

因此，如果您尝试以下方法，可能会获得更多的运气：

$result = mysql_query("SELECT * FROM student Where gender = 'male'");