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我想知道是否有人可以帮助我。
有一段时间，我一直在寻找教程/文章，向我展示如何设置表单并使用 AJAX 将用户输入提交到 mySQL 数据库。
虽然这没有告诉我如何将数据发送到数据库，this文章为我提供了一个良好的起点，也为我提供了在线消息的“外观和感觉”，我希望将其纳入我的表单中。
我现在开始调整示例脚本，但在将数据提交到数据库时遇到困难。
在表单中我更改了此部分:
$.ajax( {
url: contactForm.attr( 'action' ) + "?ajax=true",
type: contactForm.attr( 'method' ),
data: contactForm.serialize(),
success: submitFinished
} );
}
至
$.ajax( {
url: contactForm.attr( 'savecontact.php' ) + "?ajax=true",
type: contactForm.attr( 'post' ),
data: contactForm.serialize(),
success: submitFinished
} );
}
在 PHP 脚本中，我已将其更改为:
<?php
// Read the form values
$success = false;
$senderName = isset( $_POST['senderName']);
$senderEmail = isset( $_POST['senderEmail']);
$message = isset( $_POST['message']);
if ( $senderName && $senderEmail && $message ) {
$query = "INSERT INTO `contact` (senderName, senderEmail, message) VALUES ('$senderName', '$senderEmail', '$message')";
mysql_query($query) or die(mysql_error());
}
// Return an appropriate response to the browser
if ( isset($_GET["ajax"]) ) {
echo $success ? "success" : "error";
} else {
?>
<html>
<head>
<title>Thanks!</title>
</head>
<body>
<?php if ( $success ) echo "<p>Thanks for sending your message! We'll get back to you shortly.</p>" ?>
<?php if ( !$success ) echo "<p>There was a problem sending your message. Please try again.</p>" ?>
<p>Click your browser's Back button to return to the page.</p>
</body>
</html>
<?php
}
?>
我遇到的问题是，发送表单后，正在发送消息出现在屏幕上，并继续停留在该消息上，并且没有任何数据发送到我的数据库，我必须承认我真的不确定为什么。
我很感激，因为我缺乏经验，可能有一种更简单的方法来实现我想要的结果，我可能把这个看得太简单了，但我只是想知道是否有人可以看看这个，并且让我知道哪里出错了。
非常感谢和亲切的问候
最佳答案
更改:
contactForm.attr( 'savecontact.php' )
致:
contactForm.attr( 'action' )
还有
type: contactForm.attr( 'post' ),
至
type: contactForm.attr( 'method' ),
因为attr用于读取标签属性。在本例中为表单标记的 action 属性。
根据表单的 method 属性，您必须使用 $_POST 或 $_GET 数组来获取通过 AJAX 提交的值，或者您可能还想使用 $_REQUEST (但不推荐)
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