PHP mysql_fetch_array() 根本不工作

Question

这个问题已经有答案了:

mysql_fetch_array()/mysql_fetch_assoc()/mysql_fetch_row()/mysql_num_rows etc... expects parameter 1 to be resource (31 个回答)

已关闭 9 年前。

我真的不知道为什么这不起作用。我想做的就是简单地获取数据库中的所有电子邮件，然后回显它们，但无论我尝试什么，mysql_fetch_array 都不起作用。这不是 SQL 查询不起作用，因为我添加了一个 if 语句，如果它不起作用，它就会终止，不仅如此，而且我已经在 PHPMyAdmin 上执行了完全相同的查询，并且它有效.

这是我的代码

<?php
$dbc = mysql_connect('localhost', 'root', ''); //host, username, pass
$db = mysql_select_db('habbo', $dbc);

if(!$dbc || !$db)
    die("Unknown Error.");

$sql = "SELECT `email` FROM `logininfo` WHERE `id` = '1'";
mysql_query($sql);

if(!$sql)
    die(mysql_error());

while($row = mysql_fetch_array($sql))
    echo $row['email'] . " ";

？>

所以，我不知道发生了什么，我的两个错误陷阱都没有出现，当我进入这样的页面时，我只是收到一个错误

Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, string given on line 14

我认为这意味着查询已损坏，但查询并未损坏，因为就像我之前所说，我已经设置了错误陷阱，并在 PHPMyAdmin 中尝试了查询，所以 XAMPP 可能有问题，或者其他的东西。我已经重新启动了 Apache 和 MySQL，但仍然遇到相同的错误。

Answer 1

您正在尝试从 sql 文本中获取结果，而不是查询结果；

$sql = "SELECT `email` FROM `logininfo` WHERE `id` = '1'";
$res = mysql_query($sql);

if(!$res)
    die(mysql_error());

while($row = mysql_fetch_array($res))
    echo $row['email'] . " ";