php - 使用 session 将 PHP 变量发送到另一个页面 :

Question

我在处理几个页面时遇到了问题:我想列出数据库中的所有图像(存储的网址)，然后让用户单击图像，将他们带到另一个页面，然后提供其余信息从数据库中。

我使用 session 变量发送图像的 ID，然后在其他页面上使用该 ID 在查看之前从数据库中选择信息。我遇到的问题是，它似乎总是显示数据库中最后输入的详细信息，而不是单击的图像变量中的实际信息。

我不确定哪里出了问题，我已经添加了大量 session_destroy() 命令，我认为这是最初的问题，但尚未解决问题，并且似乎只是堵塞我的代码。

任何帮助或指导将不胜感激。

这是我的代码:

第 1 页 - 通过 session 发送变量

<?php
//code to access database

$query = "SELECT * FROM releases";
$result = mysql_query($query);

if(!$result) die ("Database access failed: " .mysql_error());

$rows = mysql_num_rows($result);

  for ($j = 0 ; $j < $rows ; ++$j)

{

$row = mysql_fetch_row($result);



echo '<a href="test2.php"><img src="images/releases/' . $row[1] .'" id="' . $row [0] . '"/></a>';   
}
$id = $row [0]; //"row 0" is the auto increment of the database id.

if (isset($_SESSION ['id'])){
session_destroy();
}
session_start();
$_SESSION ['id']= $id;

mysql_close($db_server);
?>

第 2 页 - 接收变量，然后使用它访问数据库。

<?php

//code to access database

if (isset($_SESSION ['id'])){
    session_destroy();
}
session_start();
$id = $_SESSION['id'];
$query = "SELECT * FROM releases WHERE release_id = $id";
$result = mysql_query($query);

if(!$result) die ("Database access failed: " .mysql_error());

$row = mysql_fetch_row($result);


echo    "<img src='images/events/"  .$row[1] . "' width= '150' height= '150' />    <br />";
echo    "track title: "                 .$row[2] . "<br />";
echo    "artist: "              .$row[3] . "<br />";

session_destroy();
mysql_close($db_server);
?>

Answer 1

看看你的代码在做什么:

for ($j ...) {
   $row = mysql_fetch_row($result);
   ... do stuff with $row;
}
$id = $row[0];

您设置$idAFTER循环终止，这意味着您只能从查询结果中获取LAST项。

即使您在循环内设置 $id，您仍然只能在 $_SESSION 中设置单个 id:

for ($j ...) {
  $id = $row[0];
  $_SESSION['id'] = $id;
}

当循环结束时，$_SESSION 将再次成为最后一个 id。您正在做的事情不需要需要 session ，只需要一个查询变量:

for ($j ...) {
   $id = $row[0];
   echo "<a href='test.php?id=$id'>click me</a>";
                          ^^^^^^^---note the query string....
}

然后在你的 test.php 页面中:

$id = $_GET['id'];