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php - mysql JSON_EXTRACT - 不返回任何结果

转载 作者:行者123 更新时间:2023-11-29 10:18:52 27 4
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我创建了一个简单的搜索表单。首先,我分解单词并进行一些查询(用于一次搜索多个单词)。另外,我只想搜索电影标题。电影标题可以在 movie_data 中找到。

我的名为“movies”的数据库有以下行:idmovie_data - 包含 JSON 格式的电影数据。 json 中存储的数据示例:

{"movie_title":"Forrest Gump","movie_cover":"http://1.fwcdn.pl/po/09/98/998/7314731.6.jpg","movie_name_en":"","movie_desc":"Historia życia Forresta, chłopca o niskim ilorazie inteligencji z niedowładem kończyn, który staje się miliarderem i bohaterem wojny w Wietnamie.","movie_year":"1994","movie_genres":"DramatKomedia"}

这是我的代码。此代码不返回任何结果。

$query = 'Forrest Gump';
$words = explode(' ', $query);

$i = 0;
$len = count($words);
$query_build = '';
foreach ($words as $item) {
if ($i == $len - 1) {
$query_build .= ' titlemov LIKE "%$item%"';
} else {
$query_build .= ' titlemov LIKE "%$item%" OR ';
}
// …
$i++;
}


$sql = "SELECT movie_data, JSON_EXTRACT(movie_data, '$.movie_title') AS titlemov
FROM movies WHERE $query_build";

此代码不会产生任何项目

更新我更新了我的代码。

$query = 'Forrest Gump';
$words = explode(' ', $query);

$i = 0;
$len = count($words);
$query_build = '';
foreach ($words as $item) {
if ($i == $len - 1) {
$query_build .= " JSON_EXTRACT(movie_data, \'$.movie_title\') LIKE '%$item%'";
} else {
$query_build .= " JSON_EXTRACT(movie_data, \'$.movie_title\') LIKE '%$item%' OR ";
}
// …
$i++;
}


$sql = "SELECT * FROM movies WHERE $query_build";

现在我收到错误:

Warning: mysqli::query(): (22032/3141): Invalid JSON text in argument 1 to function json_extract: "Missing a comma or '}' after an object member." at position 228. in /search.php on line 43

第 43 行:

$result = $conn->query($sql);

$sql var 的 var_dump:

SELECT * FROM movies WHERE JSON_EXTRACT(movie_data, '$.movie_title') LIKE '%Forrest%' OR JSON_EXTRACT(movie_data, '$.movie_title') LIKE '%Gump%'

嗯?

最佳答案

titlemov 不存在供您使用的 where 子句。您想要在 where 子句(在 $query_build 中指定)中使用的是 JSON_SEARCH 函数。以下是电影名称使用通配符的一般情况:

SELECT movie_data, movie_data->'$.movie_title' AS titlemov FROM movies 
WHERE JSON_SEARCH(movie_data->'$.movie_title', 'one', "%orrest Gum%") IS NOT NULL;

您只需修改 $query_build 字符串即可。我还删除了不必要的 JSON_EXTRACT 函数调用。

试试这个:

$query_build = " JSON_SEARCH(movie_data->'$.movie_title', 'one', '%$item%') IS NOT NULL";

最后一点,我假设 $item 不是用户提供的字符串,否则这会导致 SQL 注入(inject)。如果它是由用户提供的,您将需要使用准备好的语句并绑定(bind)该值。

关于php - mysql JSON_EXTRACT - 不返回任何结果,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/49711119/

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