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我有一个简单的 html 表单和一个 php 文件来执行数据库插入。我遇到的问题是，当我按下提交按钮时，我的数据库表收到同一提交的 3 个副本，而我只需要一份。下面是代码。
html:
<!DOCTYPE html>
<html>
<form action="demo.php" method="post">
<p>
Input 1: <input type="text" name="input1" />
<input type="submit" value="Submit" />
</p>
</form>
</html>
php:
<?php
define('DB_NAME', 'phpmyadminName');
define('DB_USER', 'phpmyadminUser');
define('DB_PASSWORD', '');
define('DB_HOST', 'localhost');
$link = mysql_connect(DB_HOST, DB_USER, DB_PASSWORD);
if (!$link){
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}
$db_selected = mysql_select_db(DB_NAME, $link);
if (!$db_selected){
die('Can\'t use ' . DB_NAME . ': ' . mysql_error());
}
$value = $_POST['input1'];
$sql = "INSERT INTO demo (input1) VALUES ('$values')";
if (!mysql_query($sql)){
die('Error: ' . mysql_error());
}
mysql_close();
?>
由于显而易见的原因，DB_NAME、DB_USER 和 DB_PASSWORD 都已更改，但代码确实有效。
它只是向数据库表提交了过多的表单数据副本。早在我上学的时候，我就遇到过这个问题，但问题似乎出在服务器端，而不是我们的代码。这里使用的服务器是我的，我可以完全控制它。如果服务器是错误的问题，我需要帮助来纠正这个问题(因为我这样做是为了学习如何管理这些工具，所以我除了基本级别的管理之外不知道更多)。
最佳答案
Kenneth，您在此处提供的代码确实需要一些工作。首先，请不要再使用mysql API。它已被弃用，在未来的 PHP 版本中将不再受支持，并且不安全。对于所有数据库操作，请使用 mysqli 或 PDO API，最好使用准备好的语句。
其次，在没有先验证/清理它们的情况下，切勿将 INSERT $_POST 或 $_GET 变量直接插入数据库，因为有人可能会删除您的数据或更糟糕的是你的整个数据库。 PHP 有许多函数可以使这变得非常简单，例如 ctype取决于数据类型。
也许在你的代码中尝试这样的事情:
if (!empty($_POST['input1'])) { //checks if data was received//
$value = $_POST['input1'];
mysql_real_escape_string($value);
$sql = "INSERT INTO demo (input1) VALUES ('$value')";
} else {
echo "form was not received";
exit;
}
我还注意到您的变量名称不同，已在上面更正。
编辑:
错误地对 PHP ctype 函数使用了错误的语法。
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我是一名优秀的程序员,十分优秀！