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我试图显示我数据库中的每条工作记录,当用户点击一条记录时,它将继续在新页面上显示该记录的工作描述。
在我目前的状态下,我已经成功地显示了每个职位,点击它们会将用户定向到“showjob.php?id=”。我的问题是它没有显示我的工作信息。
包含工作列表的页面:这可行
$results = $pdo->query('SELECT * FROM jobs');
foreach ($results as $row) {
echo '<a class="job_listing_href" href="showjob.php?id="' . $row['job_id'] . '><div id="job_listing">' . $row['job_title'] . ' '
. $row['cat_job'] . '</div><br/><br/>';
}
包含个人职位信息的页面:
$pkey = mysql_real_escape_string($_GET['job_id']);
$sql = "SELECT * FROM jobs WHERE job_id='$pkey'";
foreach ($results as $pdo) {
echo '<div id="job_listing">' . $row['job_title'] . ' ' . $row['cat_job'] . '</div><div id="job_listing_content">' . $row['job_desc'] .
'</div>';
}
它与我的 job_desc
无关,因为我可以将它实现到我的上一个页面并且它很好地列出了它。我的猜测是这与我的 $_GET
有关,但不确定。
另外作为旁注,我知道我的网站容易受到 SQL 注入(inject)攻击,我会尽快修复它:)谁能提供解决方案或让我走上正轨?
感谢所有花时间帮助我的人!
更新
我采纳了大家的建议 - 谢谢,但我的“showjob”页面仍然没有显示任何内容。这是我的新代码:
$pkey = mysql_real_escape_string($_GET['id']);
$sql = "SELECT * FROM jobs WHERE job_id='$pkey'";
$results = $pdo->query($sql);
foreach($results as $row) {
echo '<div id="job_listing">' . $row['job_title'] . ' ' . $row['cat_job'] . '</div><div id="job_listing_content">' . $row['job_desc'] .
'</div>';
}
最佳答案
您在使用 PDO 连接时使用 mysql_real_escape_string()
混合使用 MySQL API,因此您不能在连接/查询相同代码时同时使用它们。
mysql_
API 已被删除,因此如果是这样,您肯定无法在此处使用它案例。引用:http://php.net/manual/en/function.mysql-real-escape-string.php
"This extension was deprecated in PHP 5.5.0, and it was removed in PHP 7.0.0."
您需要在此处使用 PDO 准备语句以转义数据,这正是您要在此处执行的操作。
$pdo = new PDO("...");
if(!empty($_GET['job_id'])){
$pkey = $_GET['job_id'];
$statement = $pdo->prepare("SELECT * FROM jobs WHERE job_id = :jobid");
$statement->execute(array(':jobid' => $pkey));
while($row = $statement->fetch(PDO::FETCH_ASSOC)) {
// echo $row['field1'].' '.$row['field2']; //etc... taken from an example, sorry.
echo '<div id="job_listing">' . $row['job_title'] . ' ' . $row['cat_job'] . '</div><div id="job_listing_content">' . $row['job_desc'] .
'</div>';
}
}
else{
echo "GET is empty, check for errors.";
}
如果您还没有这样做,请同时检查错误。
引用资料:
PDO 引用:
脚注:
我注意到您正在使用 href="showjob.php?id
但您正在使用 $_GET['job_id']
数组。
id
!= job_id
。如果那是您仍在使用的东西并且两者都需要匹配,那将会让您失望。
错误报告会告诉你这件事。
添加error reporting到您的文件的顶部,这将有助于查找错误。
<?php
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);
// Then the rest of your code
旁注:显示错误只应在试运行中进行,绝不能在生产中进行。
其他说明:
如果您的服务器不支持 mysql_
MySQL API,那么错误报告会向您抛出类似于以下内容的内容:
Fatal error: Call to undefined function mysql_real_escape_string()...
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