php - mysql_select_db 使用 POST 变量

Question

我是 PHP 的新手，还有很长的路要走。可能是逻辑错误，或者我只是不知道 PHP 究竟是如何工作的。无论如何，我提交的代码来 self 的管理控制面板。我正在尝试制作一个连接到数据库的页面，而不是显示所有数据库名称并从单选按钮中选择其中一个。当再次按下提交以显示表格时。显示表格后，下一步将是编辑、添加更新等。我还没有。因为我无法让 mysql_select_db 工作。它给出了错误。错误是；

Notice: Undefined variable: connect in /public_html/php/insert_delete_update_amend/mydata03.php on line 94

Warning: mysql_select_db(): supplied argument is not a valid MySQL-Link resource in /public_html/php/insert_delete_update_amend/mydata03.php on line 94Could not connect to db

任何帮助将不胜感激。P.S.: 同样，当提交第一个表单时，第一个表单消失，第二个表单出现，依此类推。

<?php 
// form variables
$DisplayDBinfoForm = true;
$DisplayDBform = false;
if (isset($_POST['db_info_submit'])) { //when user presses db info submit button
//select which form to hide or appear   
$DisplayDBinfoForm = false;
$DisplayDBform = true;

$hostname = $_POST['db_name'];
$db_user_name = $_POST['db_user_name']; 
$db_user_password = $_POST['db_user_password']; 

$connect = mysql_connect($hostname,$db_user_name,$db_user_password);
if(!$connect) die("Could not connect");
    echo "<p><b>connected successfully</b></p>\n";
    }
    
if($DisplayDBinfoForm) {        
 ?>
<form name="dbinfo" method="POST" action="mydata03.php" onsubmit="return         validateForm();">

Host Name:          <input type="text" name="db_name" /><br />
<br />
DB User Name        <input type="text" name="db_user_name" /><br />
<br />
DB User Password:   <input type="text" name="db_user_password" /><br />
<br />
<input type="submit" name="db_info_submit"value="Login"><br />
</form>
<?php
}
if($DisplayDBform) {
?>
<form name="delete_table" id="delete_table" action="mydata03.php" method="post">
    <table width="30%" border="1">
    <tbody>

<?php
$query = "SHOW DATABASES";
$resultSet = mysql_query($query);
while($database = mysql_fetch_array($resultSet)) { // go through each row that was     returned in $result
$dbname = $database[0];

echo "<tr><th>Database Name</th>
            <th>Select</th>
        </tr>
        <tr>
            <td>$dbname</td>
            <td><input name=\"radDB\" id=\"radDB\" type=\"radio\" value=\"$dbname\"</td>
        </tr>\n";
}

?>

        </tbody>
        </table>
<p>
<input name="btnSelectDB" type="submit" value="Select" />
</form>
</p>
<?php
}
if(isset($_POST['btnSelectDB'])) {

$DisplayDBinfoForm = false; // hide form
$DisplayDBform = false; // hide form

$db_name = $_REQUEST["radDB"]; // the db na,e

echo "The " . $db_name . " is selected\n";  
$select_db = mysql_select_db($db_name,$connect);
if(!$select_db) die("Could not connect to db". mysql_error());
    echo "<b>connected successfully to db</b>";
}
?>

Answer 1

首先，不要使用 mysql_* 函数。那个时间已经过去了。相反，使用 mysqli_*或 PDO .

话虽如此，与数据库服务器的初始连接似乎完全正常，因为您的代码不会在以下位置出现问题:

$connect = mysql_connect($hostname,$db_user_name,$db_user_password);
if(!$connect) die("Could not connect");

尽管在稍后阶段，当尝试连接到实际数据库时:$select_db = mysql_select_db($db_name,$connect); 确实如此。

这让我相信您设置数据库名称的变量 $db_name = $_REQUEST["radDB"]; 没有正确提取数据。