ios - 使用 safari 打开收到的 url

Question

我从服务器请求中收到一个 url，我做了一个按钮，按下时，safari 必须打开并转到链接，我的代码如下:

- (IBAction)openFeedbackWebViewPresser:(id)sender {
    NSString *feedbackUrl = self.getConfig.feedbackURL;   
   [[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString: feedbackUrl]];

}

如果我打印反馈 url，如下所示:

https://xxx.xxxxx.com/CRM/feedback#/1715171559ae979371687#/10306

我尝试用另一种方式:

 NSURL *url = [NSURL URLWithString:feedbackUrl];
    [[UIApplication sharedApplication] openURL: url];

url 返回 nil，知道 feedbackUrl 包含一个 url。知道有什么问题吗？谢谢

Answer 1

您的字符串网址可能包含任何空格或任何其他必须编码的特殊字符。如下图

 NSString *feedbackUrl = [self.getConfig.feedbackURL stringByAddingPercentEscapesUsingEncoding:NSUTF8StringEncoding];   
[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString: feedbackUrl]];

希望有帮助。!!!