ios - 为什么在 Apple 的类引用中没有将处理程序列为属性？

Question

例如，查看 UIAlertAction，我们看到有一个便利的初始化程序，如下所示:

convenience init(title title: String?,
           style style: UIAlertActionStyle,
         handler handler: ((UIAlertAction) -> Void)?)

但是，在查看 the class reference 时, handler 未作为属性列出。它只有 title、style 和 enabled。这是因为处理程序被封装并且不能被其他类访问，还是处理程序没有存储为类变量？

Answer 1

Is this because the handler is encapsulated and non-accessible by other classes?

是的。

通过将成员设为private，您可以使用自己的类型轻松地做到这一点:

class C
{
    <b><i>private</i></b> var block: (() -> Void)?

    init(_ block: (() -> Void)?) {
        self.block = block
    }
}

访问控制的三个级别是:

• private 值只能在同一文件中访问。
• internal 值只能在同一模块中访问(但跨同一模块中的多个文件)。
• public 值也可以从其他模块访问。

如果您在启用测试的情况下进行编译，您还可以使用 @testable import MyModule 从单独的测试目标访问内部内容。

有关 Access Control 的更多详细信息，请参阅文档.