swift - 一般使用关联类型的快速协议(protocol)

Question

我有一个关于 Swift 的类建模问题。我有一系列类，每个类都执行相同的任务(在我下面的示例中，解码)，但它们是专门的，每个都产生不同类型的对象。

在某些情况下，我希望能够一般性地谈论我的解码器，例如 getGeneralInfo() 或 getDecoderForIdentifier()。在其他情况下，例如我正在执行解码操作，我将直接实例化类或使用 as?。

以下代码不起作用，因为当 Decoder 具有关联类型时，您不能将其用作返回类型。

我的解决方案是从协议(protocol)中删除 decode() 并让每个类只实现自己的类。然后我需要在需要的地方直接实例化具体类。这是可行的，但让我很难过。

有什么方法可以让编译器强制执行“所有解码器都应该根据它们的关联类型有一个 decode() 方法”吗？

我曾尝试使用通用父类(super class)，但它要求我为 decode() 提供一个方法体，如果您的返回类型不是可选的，这将非常粗糙。

protocol Decoder {
    associatedtype Model
    func getGeneralInfo() -> GeneralInfo
    func decode(sourceData: Data) -> Model
}

// This return type is not allowed because Decoder has an associated type
func getDecoderForIdentifier(id: String) -> Decoder {
    if id == "mp3" {
        return Mp3Decoder()
    }
    if id == "wave" {
        return WaveDecoder()
    }
    /* ... */
}

class Mp3Decoder: Decoder {
    typealias Model = Mp3Info

    func getGeneralInfo() -> GeneralInfo {
        let info = GeneralInfo()
        /* ... */
        return info
    }

    func decode(sourceData: Data) -> Model {
        let result = Mp3Info()
        /* ... */
        return result
    }
}

class WaveDecoder: Decoder {
    typealias Model = WaveInfo

    /* ... similar to mp3 ... */
}

Answer 1

如果您使 Model 成为协议(protocol)，那么您可以返回 Decoder，因为那样它就不需要关联类型。

protocol Model { 
    // ...
}

protocol Decoder {
    func getGeneralInfo() -> GeneralInfo
    func decode(sourceData: Data) -> Model
}

class Mp3Decoder: Decoder {

    func getGeneralInfo() -> GeneralInfo {
        let info = GeneralInfo()
        // ...
        return info
    }

    func decode(sourceData: Data) -> Model {
        let result = Mp3Info()
        // ...
        return result
    }

}

func getDecoderForIdentifier(id: String) -> Decoder {
    if id == "mp3" {
        return Mp3Decoder()
    }
    // ...
}