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我正在使用此脚本在准备就绪
时加载数据表:
function renderDataTable(serviceUrl)
{
var $dataTable = $('#example1').DataTable({
"ajax": serviceUrl,
"iDisplayLength": 25,
"order": [[2, "asc"]],
"scrollY": 600,
"scrollX": true,
"bDestroy": true
});
});
这是ready
事件:
$(document).ready(function()
{
renderDataTable('api/service_teus.php');
});
PHP 脚本如下所示:
<?php
$select = "SELECT SERVICE, SIZE_TYPE, TEUS FROM table";
$query = mysqli_query($dbc, $select) or die(mysqli_error());
$out = array();
while($row = $query->fetch_assoc())
{
$out[] = $row;
}
echo json_encode($out);
mysqli_free_result($query);
?>
以上所有代码都可以正常工作。当页面准备好时,DataTable 会加载,并且 DataTable 会按照预期的方式工作。
我需要做的是,当在 ID 为 #serviceload 的下拉列表中选择新选项时,为用户创建重新加载数据表的功能。
因此我删除了 ready
事件。
现在,在 JavaScript 中,我创建一个 change
事件:
$('#serviceload').change(function()
{
var page = $('#serviceload').val(); // user selection
var $dataTable: $('#example1').DataTable({ // datatable
"ajax": "api/service_teus.php", {page: page}, // here is where I think the problem lies
"data": data,
"iDisplayLength": 25,
"order": [[2, "asc"]],
"scrollY": 600,
"scrollX": true,
"bDestroy": true
});
});
我猜测错误很可能出在上面的 ajax 调用中。
我稍微修改一下 PHP 脚本,如下所示:
<?php
if($_POST['page'] == true)
{
$service = mysqli_real_escape_string($dbc, $_POST['page']);
$select = "SELECT SERVICE, SIZE_TYPE, TEUS FROM table WHERE SERVICE - '$service'";
$query = mysqli_query($dbc, $select) or die(mysqli_error());
$out = array();
while ($row = $query->fetch_assoc())
{
$out[] = $row;
}
echo json_encode($out);
mysqli_free_result($query);
}
?>
我不确定我是否在上面的 JavaScript 中正确使用了 AJAX 调用。
最佳答案
所以,经过两周的研究,我终于找到了解决我的问题的方法。
由于我已经有一个 HTML 下拉列表,因此在 READY 事件中,我添加了以下内容:
var table = $('#example1').DataTable();
$('#serviceload').on('change', function(){
table.columns(1).search( this.value ).draw();
});
我在这里找到的:http://jsfiddle.net/Ratan_Paul/5Lj6peof/1/
现在,当 CHANGE 事件被触发时,新数据将被填充,而不会将变量发送到服务器,这就是我在上面的初始代码中尝试做的事情。
关于javascript - 在更改事件上加载 jQuery DataTable,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/36625733/
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