php - 在 php 中使用 select onChange 填充不同的数据

Question

我需要一些关于如何使用 mysql 中的数据填充选择的说明。基本上我想做的是:

将有一个第一个选择框，里面有一些数据。

<select> 
  <option>1</option>
  <option>2</option>
  <option>3</option>
</select>

当用户在第一个select中选择一个选项时，在它下面有第二个选择，它应该根据第一个选择中所做的选择反射(reflect)值。

<select> 
  <option>1.1</option>
  <option>1.2</option>
  <option>1.3</option>
</select>

数据来自MySQL。我不确定是否需要发布到同一页面，但如果我这样做，如何保留在前面的选择框中选择的值？我需要使用 javascript 吗？

有什么帮助吗？

谢谢。

Answer 1

您应该使用 javascript，这样您就不需要刷新页面。我刚刚重新阅读了您的问题，我很快就会有一个涉及 AJAX 请求的解决方案来提取动态数据:

HTML

<select name="select1" id="select1"> 
  <option value="1">1</option>
  <option value="2">2</option>
  <option value="3">3</option>
</select>

<select name="select2" id="select2"> 
  <option value="1">1</option>
  <option value="2">2</option>
  <option value="3">3</option>
</select>

jQuery

<script type="text/javascript">
$(document).ready(function() {
    $('#select1').change(getDropdownOptions);
});

function getDropdownOptions() {
    var val = $(this).val();
    // fire a POST request to populate.php
    $.post('populate.php', { value : val }, populateDropdown, 'html');
}

function populateDropdown(data) {
    if (data != 'error') {
        $('#select2').html(data);
    }
}
</script>

populate.php

<?php
if (!empty($_POST['value'])) {
    // query for options based on value
    $sql = 'SELECT * FROM table WHERE value = ' . mysql_real_escape_string($_POST['value']);

    // iterate over your results and create HTML output here
    ....

    // return HTML option output
    $html = '<option value="1">1</option>';
    $html .= '<option value="b">B</option';
    die($html);
}
die('error');
?>