c++ - 函数名称表示什么以及更多

Question

考虑这个简单的程序:

#include <iostream>

void length(void){
    std::cout<<"My length is void"<<std::endl;
}

void width(void){
    std::cout<<"My width is void"<<std::endl;
}

int main(void){
    std::cout<<"The program length is: "<<length<<std::endl;
    std::cout<<"The program width is: "<<width<<std::endl;
}

这个程序的输出是:

The program length is: 1
The program width is: 1

程序打印出来的数字是多少，基本上对 C++ 没有太多了解，这对我来说看起来更像 pythonic 语法，看起来好像应该打印函数地址。我这样说是因为，这个问题最初是在练习一些非常基本的 openGL 程序时出现的，

回调已在 GLUT 中注册，内容如下:

void line(void){
   //some code for line program ...
}

int main(int argc, char** argv){
    //some more code;
    glutDisplayFunc(line);
    glutMainLoop();
}    

看起来好像我们传递的是函数的地址，但是，从上面的程序中可以清楚地看出这不是地址，函数指针的语法有点不同，如果是这样，如何这个函数是否正在注册回调？我们要传递给 glutDisplayFunc 的是什么？

并且，因为我**想要注册一个传递参数的函数，所以我搜索了一个 C++ 类比的 python lambda 函数，并找到了类似的 lambda 函数，但它没有成功:**

#include <iostream>

void line(int a,  int b){
//some code that does some plotting  in  the  display window
}

int main(int argc, char** argv){

     auto callback = [](void)->void{
             line(a,b);
           };

     glutDisplayFunc(callback);
     glutMainLoop();
}

这完全失败了，显示的错误是:

no suitable conversion function from "lambda []void ()->void" to "void (*)()" exists   

这是使用我的 python 类比，但是这个问题的解决方案是什么？混淆的主要部分以粗体突出显示。

Answer 1

It's almost seeming as if we're passing the address of the function, but, clearly from the above program this is not an address

你把事情弄反了。这不是 glutDisplayFunc那是在做一件奇怪的神奇事情；这是std::cout .

是的，函数名将转换为函数指针。 operator<<的组合iostream 的重载和 C++ 重载解析规则最终导致 <<将函数视为 bool 值(是的，真的)。因此，您的 << length相当于做 << true .

如果你想要地址，你可以将函数指针转换为 void*在输出之前:<< reinterpret_cast<void*>(&length)或更简洁的 << (void*)&length (虽然从技术上讲这只是 C++ 有条件地支持，但几乎每个真正的编译器都允许这样做)。

最后，在 C++ 中，lambda 不是函数；它们是对象。您不能将对象传递给需要函数指针的对象。您可以将无捕获的 lambda 转换为函数指针，但不能为捕获值的 lambda 执行此操作。