python - Django:根据作为另一个模型值输入的参数自动选择模型

Question

我正在创建一个 Django 文件浏览器应用程序，它可以在其中抓取文件并使元数据可供查看和搜索。

最初将文件作为"file"对象输入后，我想根据文件的扩展名创建“视频”、“音乐”或“文档”。

一些模拟模型...

class File(models.Model):
    createdate = models.DateTimeField('date file entered', db_index=True, auto_now_add=True)
    cdate = models.DateTimeField()
    hash = models.CharField(max_length=14, default=_make_hash, unique=True)
    slug = models.SlugField(blank=True, unique=True)
    filename = models.CharField(db_index=True, max_length=2048)
    fullpath = models.CharField(max_length=2048)
    folder = models.CharField(max_length=2048)


class Video(models.Model):
    createdate = models.DateTimeField('date file entered', db_index=True, auto_now_add=True)
    imdblink = models.CharField(max_length=2048)
    container = models.CharField(max_length=2048)


class Music(models.Model):
    createdate = models.DateTimeField('date file entered', db_index=True, auto_now_add=True)
    bitrate = models.CharField(max_length=2048)
    artistname = models.CharField(max_length=2048)
    songname = models.CharField(max_length=2048)


class FileType(models.Model):
    typename = models.CharField(max_length=256)
    extension = models.ForeignKey(FileExtension)


class FileExtension(models.Model):
    extension = models.CharField(max_length=256)

1. 将使用“avi、mpg、mp4、mkv”创建视频文件类型，使用“mp3、flac”等创建音乐文件类型。
2. Django 应用程序将在 Video1.avi、Video2.mpg、Song1.mp3、Song2.flac 等上运行。它们将作为文件对象输入到数据库中。
3. 在保存 File 对象时，应用会查看文件扩展名，将其与列表进行比较，然后选择 FileType 模型布局的适当模型。

我希望将模型选择参数保留为数据库条目，这样我就可以添加或删除而无需更改应用程序。

我不确定如何引用我希望 FileType 条目是哪个模型。

如有任何建议或意见，我们将不胜感激。

Answer 1

如果我必须做你想做的事，我会让 FileType 模型包含另一个名为 file_type_model_class 的 CharField。它将包含模型类的名称，例如 Music。您可以使用如下方式实例化您的类:

ft = FileType.objects.get(pk = some_id)
module = __import__('ff.models')
class_ = getattr('ff.models', ft.file_type_model_class)
instance = class_()