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我正在研究一种算法,它需要连续暴力破解 N 次测试。测试的排列对结果很重要。
问题:当某些规则适用时,我需要能够限制组合搜索空间。例如:
排列“1,2,3”使后续测试无用。所以我不再需要像“1,2,3,4”或“1,2,3,5”等排列。所以我写了一些代码,自己做排列,但我并不慢。
我该怎么做才能使这段代码更快?或者有没有我错过的包裹?我应该自己用 C 实现吗?有没有简单的多线程方法?有没有一种简单的方法可以预测第 N 个排列? (这会很巧妙,以简单的方式实现并行计算;)
非常感谢!马克
# Example of permu.with.check.
# 02.05.2014; Marc Giesmann
# Set if needed Recursion limit
# options(expressions=1e5)
permu.with.check <- function(perm = c(1,2,3), current = NULL, fun){
#Optional: Calculate all variants
#if(is.null(current)){
# all.permutations <- 2* (sum(gamma(perm + 1)) - 1)
#}
for(i in 1: length(perm)){
fix <- perm[i] # calculated elements; fix at this point
rest <- perm[-i] # elements yet to permutate
#If this is a recursive call, use
#"current" to complement current fix value
if(!is.null(current)){
fix <- c(current,fix)
}
#Call callback.
#If callback returns "FALSE" don't calculate
#further permutations with this "fix". Skip i.
if(fun(x=fix)){
#if this is the call with the last
#value (the deepest,recursive call), stop recursion
if(length(rest) > 0){
permu.with.check( rest, fix,fun ) #recursive.
}
}
}
}
# Callback for permu.with.check
# Ignores 3
perm.callback <- function(x){
#CALCULATE STUFF HERE
#cat(counter, ". permutation: ",x, "\n")
counter <<- counter + 1
#TEST - EXAMPLE:
# if new number equals 3, we don't need further testing
if(x[length(x)] == 3){
return(FALSE)
}else{
return(TRUE)
}
}
########## MAIN ################
counter <- 0
permu.with.check(perm=1:8, fun=perm.callback)
#Compare with permutations from package Combinations
# counter (from permu.with.check) == 27399
# nrow(permutations(8)) == 40320
#OPTIONAL: Try out Combinations package
#if(!require(Combinations)){
# install.packages("Combinations", repos = "http://www.omegahat.org/R")
# require(Combinations)
#}
#nrow(permutations(8))
最佳答案
Marc,根据你最近的评论,这里有一个建议的实现。
这是一个非常迭代的解决方案,就目前而言效率不高产生排列。它假设计算在testfunc
比置换生成要昂贵得多。
基本设置:
set.seed(123)
opts <- 1:5
library(combinat)
## a little inefficient but functional
permn.lim <- function(x, m=length(x)) {
tmp <- permn(x)
if (m >= length(x)) tmp
else unique(lapply(tmp, `[`, 1:m))
}
testfunc <- function(...) list(results=list(), continue=(runif(1) < 0.3))
运行三元组的第一次迭代。
doe3 <- permn.lim(opts, 3)
length(doe3)
## [1] 60
str(head(doe3, n=2))
## List of 2
## $ : int [1:3] 1 2 3
## $ : int [1:3] 1 2 5
tmp3 <- lapply(doe3, testfunc)
str(head(tmp3, n=2))
## List of 2
## $ :List of 2
## ..$ results : list()
## ..$ continue: logi TRUE
## $ :List of 2
## ..$ results : list()
## ..$ continue: logi FALSE
results3 <- sapply(tmp3, function(zz) zz$results)
continue3 <- sapply(tmp3, function(zz) zz$continue)
head(continue3, n=2)
## [1] TRUE FALSE
length(doe3.continue <- doe3[continue3])
## [1] 19
results3
是每个实际测试结果的列表(据称是在testfunc
), continue3
是一个 bool 向量,表示是否继续使用相应的 3 元组是合理的。用于查找目的,然后我们将 doe3
过滤为 doe3.continue
。
然后我们生成下一系列实验(在本例中为 4 个),并且根据先前存储的成功测试过滤在 doe3.continue
中。
doe4.all <- permn.lim(opts, 4)
length(doe4.all)
## [1] 120
doe4.filtered <- Filter(function(zz) list(zz[1:3]) %in% doe3.continue, doe4.all)
length(doe4.filtered)
## [1] 38
tmp4 <- lapply(doe4.filtered, testfunc)
results4 <- sapply(tmp4, function(zz) zz$results)
continue4 <- sapply(tmp4, function(zz) zz$continue)
doe4.continue <- doe4[continue4]
length(doe4.continue)
## [1] 35
可以对 opts
中的元素重复此过程。如果这是针对固定数量的级别,那么不难维护在目前的形式。如果你要用不同的方式重复这个级别的数量,那么将它变成一个就不会太难了尾递归函数,可能更精致一些。
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