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感谢@TheDark 发现溢出。新的 C++ 解决方案也非常有趣。这是非常多余的:
if(2*i > n && 2*i > i)
替换了旧的代码行 if(2*i > n)
。
我在做this problem on HackerRank ,尽管问题可能并不完全与这个问题有关。如果您看不到该网页,或者必须创建一个帐户但又不想这样做,问题将在下面以纯文本形式列出。
我的 C++ 代码超时,但我的 Python 代码没有。我首先怀疑这是由于溢出,但我使用 sizeof
来确保 unsigned long long
可以达到 2^64 - 1
,问题的上限。
我实际上是将我的 C++ 代码直接翻译成 Python 以查看是否是我的算法导致了超时,但令我惊讶的是我的 Python 代码通过了每个测试用例。
C++代码:
#include <iostream>
bool pot(unsigned long long n)
{
if (n % 2 == 0) return pot(n/2);
return (n==1); // returns true if n is power of two
}
unsigned long long gpt(unsigned long long n)
{
unsigned long long i = 1;
while(2*i < n) {
i *= 2;
}
return i; // returns greatest power of two less than n
}
int main()
{
unsigned int t;
std::cin >> t;
std::cout << sizeof(unsigned long long) << std::endl;
for(unsigned int i = 0; i < t; i++)
{
unsigned long long n;
unsigned long long count = 1;
std::cin >> n;
while(n > 1) {
if (pot(n)) n /= 2;
else n -= gpt(n);
count++;
}
if (count % 2 == 0) std::cout << "Louise" << std::endl;
else std::cout << "Richard" << std::endl;
}
}
Python 2.7 代码:
def pot(n):
while n % 2 == 0:
n/=2
return n==1
def gpt(n):
i = 1
while 2*i < n:
i *= 2
return i
t = int(raw_input())
for i in range(t):
n = int(raw_input())
count = 1
while n != 1:
if pot(n):
n /= 2
else:
n -= gpt(n)
count += 1
if count % 2 == 0:
print "Louise"
else:
print "Richard"
对我来说,这两个版本看起来是一样的。我仍然认为我在某种程度上被愚弄了,并且实际上在我的 C++ 代码中溢出,导致超时。
路易丝和理查德玩游戏。他们有一个计数器设置为 N。路易丝得到第一个回合,然后交替进行。在游戏中,他们执行以下操作。
如果 N 不是 2 的幂,他们将计数器减去小于 N 的最大 2 的幂。
如果 N 是 2 的幂,他们将计数器减去 N 的一半。
结果值是新的 N,它再次用于后续操作。
当计数器减到 1 时游戏结束,即 N == 1,最后一个做出有效移动的人获胜。
给定 N,你的任务是找到游戏的赢家。
输入格式
第一行包含一个整数 T,测试用例的数量。T线跟随。每行包含 N,计数器中设置的初始数字。
约束
1≤T≤10
1 ≤ N ≤ 2^64 - 1
输出格式
对于每个测试用例,在新行中打印获胜者的姓名。所以如果 Louise 赢了比赛,打印“Louise”。否则,打印“Richard”。 (引号是为了清楚起见)
示例输入
1
6
示例输出
理查德
解释
由于 6 不是 2 的幂,Louise 将 2 的最大幂减少到小于 6,即 4,因此计数器减少到 2。
由于 2 是 2 的幂,Richard 将计数器减去 2 的一半,即 1。因此计数器减为 1。
当我们达到 N == 1 的终止条件时,理查德赢得了比赛。
最佳答案
当n
大于2^63时,你的gpt
函数最终会将i
作为2^63,然后乘以2^63乘以 2,给出溢出和 0 值。这将以无限循环结束,每次将 0 乘以 2。
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