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我们有一条长度为 N 的路径。一次只能走一个单位步。在保持在路径内的同时,我们可以采取多少种方式进行 K 步。最初我们在第 0 个位置。示例 N =5
|---|---|---|---|---|
0 1 2 3 4 5
如果 k = 3 那么我们移动 -
0->1->2->1
0->1->0->1
0->1->2->3
能否就如何解决此问题提供一些指导/链接?
最佳答案
它很可能可以使用组合方法而不是计算方法来解决。但由于您在 stackoverflow 上询问,我假设您需要一个计算解决方案。
定义以i
结尾的路径数的递归关系:
P[N, 0, i] = 1 if i==0 otherwise 0
P[N, K, i] = 0 if i<0 or i>N
P[N, K, i] = P[N, K-1, i-1] + P[N, K-1, i+1]
对于给定的 K
,我们可以针对 i=0..N
迭代计算 P[N, K, i]
的数组来自数组 P[N, K-1, i]
for i=0..N
。
这是执行此操作的一些 Python 代码。它使用了一个小技巧,在数组的末尾有一个额外的 0
,这样 r[-1]
和 r[N+1]
均为零。
def paths(N, K):
r = [1] + [0] * (N+1)
for _ in xrange(K):
r = [r[i-1]+r[i+1] for i in xrange(N+1)] + [0]
return sum(r)
print paths(5, 3)
这在 O(NK) 时间内运行。
一个不同(但相关)的解决方案是让 M
是 (N+1) x (N+1) 矩阵,由位置 (i+1,i) 和 (i) 的 1 组成,i+1) 对于 i=0..N+1,而 0 在别处——也就是说,1 在次对角线上和上对角线上。然后 M^K
(即 M
的 K
次方)在位置 (i, j) 包含来自i
到 j
在 K
步。所以 sum(M^K[0,i] for i=0..N)
是所有从 0 开始的长度 K
的路径的总数。这在 O(N^3logK) 时间内运行,因此仅当 K
远大于 N
时才优于迭代方法。
关于algorithm - 在长度为 N 的路径上采取 k 步的方法数,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/46500415/
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我是一名优秀的程序员,十分优秀!