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Regular numbers are numbers that evenly divide powers of 60. As an example, 602 = 3600 = 48 × 75, so both 48 and 75 are divisors of a power of 60. Thus, they are also regular numbers.
这是 rounding up to the next power of two 的扩展.
我有一个整数值 N,它可能包含较大的质因数,我想将它四舍五入为仅由较小的质因数(2、3 和 5)组成的数字
例子:
f(18) == 18 == 2<sup>1</sup> * 3<sup>2</sup>
f(19) == 20 == 2<sup>2</sup> * 5<sup>1</sup>
f(257) == 270 == 2<sup>1</sup> * 3<sup>3</sup> * 5<sup>1</sup>
找到满足此要求的最小数的有效方法是什么?
涉及的值可能很大,所以我想避免枚举所有从 1 开始的常规数字或维护所有可能值的数组。
最佳答案
一个可以产生任意薄的一个slice of the Hamming sequence通过直接枚举三元组 (i,j,k)
使得 N = 2 ^i * 3^j * 5^k
.
该算法从 log2(N) = i+j*log2(3)+k*log2(5)
开始;枚举所有可能的 k
并针对每个所有可能的 j
找到顶部的 i
并因此找到三元组 (k,j ,i)
如果在给定的“宽度”内低于给定的高对数最高值(当 width
< 1 时,最多可以有一个这样的 i
) 然后按它们的对数对它们进行排序。
WP says n ~ (log N)^3
,即运行时间 ~ (log N)^2
。这里我们不关心找到的三元组在序列中的确切位置,所以所有的计数计算都是从the original code开始的。可以扔掉:
slice hi w = sortBy (compare `on` fst) b where -- hi>log2(N) is a top value
lb5=logBase 2 5 ; lb3=logBase 2 3 -- w<1 (NB!) is log2(width)
b = concat -- the slice
[ [ (r,(i,j,k)) | frac < w ] -- store it, if inside width
| k <- [ 0 .. floor ( hi /lb5) ], let p = fromIntegral k*lb5,
j <- [ 0 .. floor ((hi-p)/lb3) ], let q = fromIntegral j*lb3 + p,
let (i,frac)=properFraction(hi-q) ; r = hi - frac ] -- r = i + q
-- properFraction 12.7 == (12, 0.7)
-- update: in pseudocode:
def slice(hi, w):
lb5, lb3 = logBase(2, 5), logBase(2, 3) -- logs base 2 of 5 and 3
for k from 0 step 1 to floor(hi/lb5) inclusive:
p = k*lb5
for j from 0 step 1 to floor((hi-p)/lb3) inclusive:
q = j*lb3 + p
i = floor(hi-q)
frac = hi-q-i -- frac < 1 , always
r = hi - frac -- r == i + q
if frac < w:
place (r,(i,j,k)) into the output array
sort the output array's entries by their "r" component
in ascending order, and return thus sorted array
枚举切片中的三元组后,排序和搜索就成了一件简单的事情,实际上花费了 O(1)
时间(对于任意薄切片)找到 N
以上的第一个三元组。好吧,实际上,对于恒定宽度(对数),切片中的数字数量((i,j,k)
中“上层”的成员 - 日志下方的空间(N)
plane) 又是 m ~ n^2/3 ~ (log N)^2
并且排序需要 m log m
时间(以便搜索,即使是线性的,也需要 ~ m<
运行时间)。但是根据一些经验观察,对于更大的 N
,宽度可以做得更小;无论如何,三元组枚举的常数因子远高于后续排序。
即使宽度恒定(对数),它也运行得非常快,计算汉明序列中的第 1,000,000 个值 instantly和 the billionth在 0.05 秒内。
“顶级三元组”的最初想法归功于 Louis Klauder,如 my post on a DDJ blogs discussion 中所引用回到 2008 年。
更新:如 GordonBGood 所述在 the comments ,不需要整个波段,而只需要高于和低于目标的一两个值。该算法很容易修改为该效果。在继续执行该算法之前, 还应测试输入是否为汉明数本身,以避免 double 舍入问题。比较事先已知不同的汉明数的对数没有舍入问题(虽然序列中的going up to a trillionth entry在对数值中使用了大约14位有效数字,只剩下1-2位备用,所以情况可能事实上在那里变得不确定;但对于十亿分之一,我们只需要 11 位有效数字)。
update2: 事实证明,对数的 double 将其限制为低于约 20,000 到 40,000 十进制数字的数字(即 10 万亿分之一到 100 万亿分之一的汉明数)。如果对于如此大的数字确实需要这样做,则可以将算法切换回使用整数值本身而不是它们的对数,这会更慢。
关于algorithm - 找出不小于 N 的最小正则数,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/9242733/
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