c++ - 检查是否为类 T 定义了 ostream << T

Question

有没有办法检查是否为类 T 定义了 ostream << T 并使用该信息来决定是否构建模板？

例如，假设我有一些围绕不同类型 T 的包装类

template<class T>
Wrapper
{
public:

    T m_value;

    Wrapper(const T & value) : m_value{ value } { }
};

我想定义一个 operator<<() 友元函数来打印到 ostream

template<class T>
ostream & operator<<(ostream & out, const Wrapper<T> & wrapper)
{
    out << wrapper.value;

    return out;
}

有没有办法只为定义了 ostream << T 的类型 T 构建模板？

Answer 1

做这样的事情的蓝图是从这个开始:

#include <utility>
#include <iostream>

template<typename T, typename=void>
struct can_output_to_ostream : public std::false_type {};

template<typename T>
struct can_output_to_ostream<T, std::void_t
               <decltype(std::declval<std::ostream &>() <<
                     std::declval<T &&>())>>
    : public std::true_type{};


struct x {};

int main()
{
    std::cout << can_output_to_ostream<int>::value << std::endl;
    std::cout << can_output_to_ostream<x>::value << std::endl;
}

std::void_t是C++17 ，但通过简短的搜索可以找到在早期 C++ 修订版中实现它的示例。

这个例子的输出是:

1
0

因为你可以 <<一个int , 但没有为 x 定义这样的重载.

在您的情况下，您可以使用此示例并让包装类继承自 implements_output_to_ostream以类似方式定义的类。默认实现什么也不做，一个用于 <<有能力的类实现了<<相应的运营商。

你的 Wrapper类继承自 implements_output_ostream .也许你的 Wrapper类将提供自己的 <<将其成员传递给父类方法的方法，该方法将为 << 完全定义有能力的类，否则未定义，如果尝试为未实现 << 的类引用它，则会导致编译错误过载。